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Topos Uranos

Riepilogo

Questa lezione definisce gli angoli orientati, che misurano una rotazione insieme al suo verso e possono superare il giro completo, e le loro due misure usuali: il grado sessagesimale, fissato da una convenzione antica, e il radiante, che è la lunghezza dell’arco su cui l’angolo insiste nella circonferenza goniometrica. Ammette la lunghezza della circonferenza, la proporzionalità degli archi ai raggi e la conservazione delle lunghezze per simmetria, definisce il numero π\pi come la metà della lunghezza della circonferenza goniometrica ed enuncia l’assioma del percorso per lunghezza d’arco, che associa a ogni numero reale un punto di quella circonferenza; ne deduce il comportamento del percorso nel suo secondo mezzo giro, la regola di conversione tra gradi e radianti, la lunghezza di un arco, l’area di un settore e il teorema dell’angolo alla circonferenza. Colloca poi gli angoli in posizione standard, dimostra che ogni angolo si riduce in un solo modo a un angolo del primo giro e che un giro non passa due volte per lo stesso punto, caratterizza gli angoli coterminali e mette in relazione la velocità angolare con quella lineare. I problemi misurano la Terra come Eratostene, calcolano un segmento circolare, trasmettono una rotazione mediante una catena, massimizzano l’area di un settore di perimetro fissato e contano le volte in cui le lancette di un orologio si sovrappongono.

Obiettivi di apprendimento

  1. Distinguere il lato iniziale e il lato terminale di un angolo orientato, misurarlo in gradi, primi e secondi, e riconoscerne il segno in base al verso della rotazione.
  2. Enunciare l’assioma del percorso per lunghezza d’arco, definire con esso il radiante e convertire misure tra gradi e radianti, in particolare quelle degli angoli notevoli.
  3. Dimostrare e applicare le formule della lunghezza di un arco e dell’area di un settore, il teorema dell’angolo alla circonferenza e la relazione tra la velocità angolare e quella lineare.
  4. Ridurre qualsiasi angolo a un angolo del primo giro, dimostrando l’esistenza e l’unicità della riduzione, e decidere se due angoli sono coterminali.

Angoli orientati

Nella geometria elementare, un angolo è la figura formata da due semirette con l’origine in comune, e la sua misura è compresa tra 0∘0^\circ e 180∘180^\circ. Per studiare le rotazioni, come quella di una ruota, quella delle lancette di un orologio o quella della Terra attorno al suo asse, questa nozione non basta: interessa quanto si è ruotato e in quale verso, e una rotazione può compiere vari giri. Per questo si considera l’angolo come il risultato di una rotazione.

Un angolo orientato è determinato da una semiretta, detta lato iniziale, che ruota attorno alla sua origine, detta vertice, fino a occupare una posizione finale, detta lato terminale, insieme alla rotazione effettuata. L’angolo è positivo se la rotazione avviene nel verso contrario a quello delle lancette dell’orologio (senso antiorario), e negativo se avviene nel verso delle lancette dell’orologio (senso orario). L’angolo nullo è quello che non ruota.

Una stessa coppia di lati può corrispondere a molti angoli orientati: il lato terminale occupa la stessa posizione se si ruota di un quarto di giro in senso antiorario, di tre quarti di giro in senso orario o di un quarto di giro più un giro completo. Questi angoli sono distinti, perché descrivono rotazioni distinte, anche se terminano sullo stesso lato; la terza sezione precisa come sono legati.

Il sistema sessagesimale

La misura più antica degli angoli divide il giro completo in 360360 archi uguali, e chiama grado l’angolo che insiste su ciascuno di essi: un angolo misura gg gradi se il suo arco è gg volte l’arco di un grado, sicché la misura in gradi è proporzionale alla lunghezza dell’arco. Ogni grado si divide in 6060 primi, e ogni primo in 6060 secondi. Il sistema proviene dall’astronomia babilonese, che contava in base sessanta, come si spiega nella lezione del corso I sui sistemi di numerazione posizionale; il numero 360360 ha il vantaggio di essere divisibile per 22, 33, 44, 55, 66, 88, 99, 1010 e 1212, tra gli altri. Un angolo retto misura 90∘90^\circ, un angolo piatto misura 180∘180^\circ e un giro completo 360∘360^\circ; un angolo negativo si misura con il segno meno, sicché un quarto di giro in senso orario misura −90∘-90^\circ. L’angolo di 40 gradi, 15 primi e 36 secondi, che si abbrevia scrivendo dopo ciascun numero il simbolo di grado, un apice per i primi e due per i secondi, misura in gradi quanto segue, cioè 40,26 gradi:

40+1560+363600=40+14+1100=20135040 + \frac{15}{60} + \frac{36}{3600} = 40 + \frac{1}{4} + \frac{1}{100} = \frac{2013}{50}

Il numero 360360 è tuttavia una convenzione: nulla nella geometria della circonferenza lo distingue da un altro numero. Le formule della lunghezza di un arco e dell’area di un settore, e più avanti quelle delle funzioni trigonometriche, si semplificano se gli angoli si misurano in un modo che nasce dalla circonferenza stessa.

Il radiante

L’idea è misurare un angolo mediante la lunghezza dell’arco su cui insiste in una circonferenza di raggio 11 centrata nel suo vertice. Ciò richiede di sapere che cos’è la lunghezza di un arco, e qui sorge una difficoltà: un arco non è un’unione di segmenti, e la sua lunghezza si definisce come il valore a cui si avvicinano le lunghezze delle poligonali inscritte in esso quando i loro lati diventano sempre più corti, cioè mediante un limite. Il suo studio spetta al corso di Analisi II, dove si calcolano lunghezze di curve e aree di regioni delimitate da curve. Qui si ammettono i fatti che seguono.

Fatto ammesso (lunghezze e aree nel cerchio). Ogni arco di circonferenza ha una lunghezza, e ogni regione delimitata da segmenti e archi ha un’area. Le figure congruenti hanno la stessa lunghezza o la stessa area; se una figura si scompone in due che non si sovrappongono, la sua misura è la somma delle misure dei pezzi; e se una regione ne contiene un’altra, la sua area non è minore, ed è maggiore se la differenza contiene qualche cerchio. Inoltre, se due circonferenze hanno raggi rr e RR, gli archi su cui insiste in esse uno stesso angolo al centro sono proporzionali ai raggi, e l’area di un cerchio di raggio rr è πr2\pi r^2.

Questo fatto si ammette senza dimostrazione, perché le lunghezze degli archi e le aree delle regioni curve si definiscono mediante limiti e si calcolano con l’integrale, nel corso di Analisi II. La sua ultima clausola presuppone noto il numero π\pi, che si definisce ora: il numero π\pi è la metà della lunghezza della circonferenza goniometrica, cioè della circonferenza di raggio 11. Per la proporzionalità degli archi ai raggi, applicata all’angolo di un giro completo, la circonferenza di raggio rr ha lunghezza 2πr2\pi r, e il quoziente tra la lunghezza di una circonferenza qualsiasi e il suo diametro è sempre π\pi. Si ammette anche che π\pi è irrazionale, e che la sua rappresentazione decimale comincia con 3,14159; in particolare, 3<π<43 < \pi < 4.

Per misurare gli angoli occorre, inoltre, percorrere la circonferenza per lunghezza d’arco: partire da un punto e avanzare su di essa di una lunghezza data, in un verso o nell’altro, e sapere a quale punto si arriva. Tutto ciò che questa unità dice degli angoli e delle funzioni trigonometriche poggia su questo percorso, sicché conviene enunciare con precisione ciò che se ne ammette. Lo si enuncia nel piano cartesiano, per la circonferenza goniometrica x2+y2=1x^2 + y^2 = 1 e il suo punto A=(1,0)A = (1, 0); poiché le lunghezze non cambiano quando si spostano le figure, vale allo stesso modo per qualsiasi circonferenza di raggio 11 e qualsiasi punto di partenza.

Assioma (percorso per lunghezza d’arco). Per ogni numero reale ss esiste un unico punto P(s)P(s) della circonferenza goniometrica a cui si arriva partendo da A=(1,0)A = (1, 0) e percorrendo su di essa una lunghezza ∣s∣\abs{s}, in senso antiorario se s>0s > 0 e in senso orario se s<0s < 0, compiendo tutti i giri necessari; per s=0s = 0 è P(0)=AP(0) = A. Questo percorso ha le quattro proprietà che seguono.
  1. Giustapposizione: se dal punto P(s)P(s) si percorre una lunghezza t≥0t \geq 0 in senso antiorario, si arriva a P(s+t)P(s + t); se la si percorre in senso orario, si arriva a P(s−t)P(s - t).
  2. Periodicità: un giro completo, in qualsiasi verso, percorre la lunghezza 2π2\pi della circonferenza e riporta al punto di partenza; cioè, P(s+2π)=P(s)P(s + 2\pi) = P(s) per ogni numero reale ss.
  3. Mezzo giro: il percorso antiorario passa prima per la semicirconferenza superiore, da destra a sinistra. Precisamente, P(π)=(−1,0)P(\pi) = (-1, 0), e se 0≤s<t≤π0 \leq s < t \leq \pi, i punti P(s)P(s) e P(t)P(t) hanno ordinata non negativa e l’ascissa di P(s)P(s) è maggiore di quella di P(t)P(t).
  4. Ricoprimento: ogni punto della circonferenza goniometrica è P(s)P(s) per qualche numero reale ss.

L’assioma si ammette senza dimostrazione per la stessa ragione del fatto enunciato prima di esso: la lunghezza di un arco si definisce mediante un limite, e le sue proprietà si dimostrano nel corso di Analisi II; il ricoprimento, che afferma che percorrendo la circonferenza non si salta alcun punto, poggia inoltre sulla proprietà dei valori intermedi delle funzioni continue, che si dimostra nel corso di Analisi I. La proprietà del mezzo giro ha una lettura geometrica semplice. Se (x,y)(x, y) sta sulla circonferenza goniometrica, il quadrato della sua distanza dal punto AA è quello che segue:

(x−1)2+y2=x2+y2−2x+1=2−2x(x - 1)^2 + y^2 = x^2 + y^2 - 2x + 1 = 2 - 2x

Ne viene che dire che l’ascissa decresce strettamente lungo la semicirconferenza superiore equivale a dire che la corda che unisce AA al punto raggiunto cresce strettamente con l’arco, fino a diventare un diametro dopo mezzo giro. Quando, nella lezione sui rapporti trigonometrici, il coseno di ss sarà definito come l’ascissa di P(s)P(s), questa proprietà dirà che il coseno è strettamente decrescente in [0,π]\icc{0}{\pi}: questa monotonia non si deduce, ma è la clausola stessa del mezzo giro letta in coordinate. Ora, da questo assioma, dai fatti sulle lunghezze e sulle aree e dal fatto sulle simmetrie che si ammette più sotto si deduce tutto il resto che si usa del percorso: in questa lezione, il comportamento del secondo mezzo giro e il fatto che un giro non passa due volte per lo stesso punto; nella lezione sulle funzioni trigonometriche inverse, la monotonia del seno e della tangente.

Fatto ammesso (simmetrie e rotazione di mezzo giro). Una simmetria assiale rispetto a una retta conserva le distanze e, con esse, le lunghezze degli archi, ma inverte il verso di rotazione: trasforma un percorso antiorario di una circonferenza centrata in un punto di quella retta in un percorso orario della stessa lunghezza, e viceversa. La rotazione di mezzo giro attorno a un punto, che è la composizione delle simmetrie rispetto a due rette perpendicolari passanti per esso, conserva le distanze, le lunghezze e anche il verso di rotazione.

Questo fatto appartiene alla geometria elementare dei movimenti del piano, che questo corso non sviluppa. In coordinate, la simmetria rispetto all’asse xx è la trasformazione (x,y)↦(x,−y)(x, y) \mapsto (x, -y); porta la circonferenza goniometrica in sé stessa, perché x2+(−y)2=x2+y2x^2 + (-y)^2 = x^2 + y^2, e lascia fisso il punto A=(1,0)A = (1, 0). Con essa, il secondo mezzo giro del percorso si ottiene dal primo.

ProposizioneIl secondo mezzo giro

Per ogni numero reale uu, il punto P(−u)P(-u) è il simmetrico di P(u)P(u) rispetto all’asse xx. Inoltre, se π≤s<t≤2π\pi \leq s < t \leq 2\pi, i punti P(s)P(s) e P(t)P(t) hanno ordinata non positiva e l’ascissa di P(s)P(s) è minore di quella di P(t)P(t): nel suo secondo mezzo giro, il percorso antiorario passa per la semicirconferenza inferiore, da sinistra a destra.

Si applica al percorso la simmetria rispetto all’asse xx, e la periodicità trasporta il primo mezzo giro, percorso all’indietro, sul secondo. Si scrive (xw,yw)(x_w, y_w) per le coordinate di P(w)P(w), e σ\sigma per la simmetria rispetto all’asse xx.

Dimostrazione

  1. σ(x,y)=(x,−y),σ(A)=A\sigma(x, y) = (x, \resaltar{-y}), \quad \sigma(A) = A

    La simmetria σ\sigma cambia il segno dell’ordinata, porta la circonferenza goniometrica in sé stessa e lascia fisso il punto AA.

  2. P(−u)=σ(P(u))=(xu,−yu)\dato{r}{P(-u) = \resaltar{\sigma(P(u))} = \left( x_u, -y_u \right)}

    Sia u≥0u \geq 0. Per il fatto ammesso, σ\sigma trasforma il percorso antiorario di lunghezza uu che parte da AA e termina in P(u)P(u) in un percorso orario della stessa lunghezza che parte da AA; per l’unicità del punto nell’assioma, quel percorso termina in P(−u)P(-u). Se u<0u < 0, si applica quanto detto a −u-u e si prende di nuovo il simmetrico, perché σ\sigma applicata due volte lascia ogni punto al suo posto.

  3. P(s)=P(−u)=(xu,−yu),P(t)=(xv,−yv)P(s) = P(\resaltar{-u}) = \dato{st}{\resaltar{\left( x_u, -y_u \right)}}, \quad P(t) = \left( x_v, -y_v \right)

    Siano π≤s<t≤2π\pi \leq s < t \leq 2\pi, e siano u=2π−su = 2\pi - s e v=2π−tv = 2\pi - t, che soddisfano 0≤v<u≤π0 \leq v < u \leq \pi. Per la periodicità, P(s)=P(s−2π)=P(−u)P(s) = P(s - 2\pi) = P(-u), che è il simmetrico di P(u)P(u); allo stesso modo, P(t)P(t) è il simmetrico di P(v)P(v).

  4. xs=xu<xv=xt,ys=−yu≤0,yt=−yv≤0x_s = \resaltar{x_u < x_v} = x_t, \quad y_s = -y_u \leq 0, \quad y_t = -y_v \leq 0

    Per la proprietà del mezzo giro, applicata a v<uv < u in [0,π]\icc{0}{\pi}, le ordinate di P(u)P(u) e di P(v)P(v) non sono negative e l’ascissa di P(v)P(v) è maggiore di quella di P(u)P(u). La simmetria conserva le ascisse e cambia il segno delle ordinate: si ottiene l’enunciato.

Sia dato un angolo orientato con vertice nel centro OO della circonferenza goniometrica, e sia AA il punto in cui il lato iniziale taglia quella circonferenza. Quando il lato ruota, il punto AA percorre un arco della circonferenza, come nell’assioma enunciato sopra. La misura in radianti dell’angolo è la lunghezza di quell’arco, con segno positivo se la rotazione è antioraria e negativo se è oraria; se la rotazione compie vari giri, ogni giro completo apporta la lunghezza 2π2\pi della circonferenza.
EsempioAlcuni angoli misurati in radianti

La definizione permette di misurare subito gli angoli che sono frazioni semplici del giro.

Dimostrazione

  1. L=2πL = 2\pi

    La circonferenza goniometrica ha centro nel vertice OO e raggio 11; per la definizione di π\pi, la sua lunghezza è 2π2\pi. Il lato iniziale la taglia nel punto AA.

  2. θ=s\theta = s

    Quando il lato ruota in senso antiorario, il punto AA percorre un arco; la lunghezza ss di quell’arco è la misura dell’angolo.

  3. s=1→θ=1s = 1 \rightarrow \theta = 1

    Un radiante è l’angolo il cui arco misura quanto il raggio. Poiché 2π2\pi è un po’ più grande di 66, un radiante è un po’ meno della sesta parte del giro.

  4. θ=2π4=π2\theta = \frac{\resaltar{2\pi}}{4} = \resaltar{\frac{\pi}{2}}

    Un quarto di giro percorre la quarta parte della circonferenza: l’angolo retto misura π2\frac{\pi}{2} radianti.

  5. θ=π,θ=2π\theta = \pi, \quad \theta = 2\pi

    Mezzo giro percorre la metà della circonferenza, la cui lunghezza è π\pi per definizione; il giro completo misura 2π2\pi.

  6. θ=−π2\theta = -\frac{\pi}{2}

    Se il lato ruota di un quarto di giro in senso orario, l’arco percorso misura lo stesso, ma l’angolo è negativo.

Un angolo misurato in radianti è un numero reale adimensionale: è il quoziente tra una lunghezza d’arco e la lunghezza del raggio, che vale 11. Per questo si scrive semplicemente θ=2\theta = 2 per un angolo di due radianti; quando si vuole insistere sull’unità di misura, si scrive 2 rad. Invece, la misura in gradi si indica sempre con il suo simbolo, come in 30∘30^\circ. Reciprocamente, ogni numero reale è la misura di qualche angolo orientato: per l’assioma del percorso, per ogni θ\theta il punto AA può percorrere la circonferenza per una lunghezza ∣θ∣\abs{\theta} nel verso indicato dal segno di θ\theta, compiendo tutti i giri completi necessari, e la semiretta che va dal vertice al punto raggiunto è il lato terminale.

La conversione tra gradi e radianti

Poiché il giro completo misura 360∘360^\circ e anche 2π2\pi radianti, e poiché le due misure sono proporzionali alla lunghezza dell’arco su cui l’angolo insiste nella circonferenza goniometrica (quella in gradi per la definizione del grado, e quella in radianti perché è quella lunghezza), le due misure di un angolo sono proporzionali.

TeoremaConversione tra gradi e radianti

Se un angolo misura gg gradi e θ\theta radianti, allora θ=πg180\theta = \frac{\pi g}{180} e g=180θπg = \frac{180 \theta}{\pi}.

La regola si ottiene dalla proporzione tra l’angolo e il giro completo, e si applica poi ai segni notevoli della circonferenza, gli angoli che compaiono nelle figure elementari.

Dimostrazione

  1. 360∘=2π\dato{v}{360^\circ = 2\pi}

    Un giro completo misura 360360 gradi e 2π2\pi radianti.

  2. θ2π=g360→θ=2πg360=πg180\frac{\theta}{2\pi} = \frac{g}{360} \rightarrow \dato{c}{\theta = \resaltar{\frac{2\pi g}{360}} = \resaltar{\frac{\pi g}{180}}}

    Il quoziente tra un angolo e il giro completo è lo stesso nelle due misure, perché entrambe sono proporzionali alla lunghezza dell’arco; ogni giro aggiuntivo somma 360∘360^\circ nell’una e 2π2\pi nell’altra. Isolando θ\theta si ottiene la regola.

  3. 1∘=π180,1=(180π)∘1^\circ = \frac{\pi}{180}, \quad 1 = \left( \frac{180}{\pi} \right)^\circ

    Con g=1g = 1 e con θ=1\theta = 1: un grado è una piccola frazione del radiante, e un radiante misura un po’ più di 5757 gradi, perché 180π\frac{180}{\pi} è circa 57,3.

  4. 30∘=30π180=π6,45∘=π4,60∘=π330^\circ = \resaltar{\frac{30\pi}{180}} = \resaltar{\frac{\pi}{6}}, \quad 45^\circ = \frac{\pi}{4}, \quad 60^\circ = \frac{\pi}{3}

    Gli angoli di 3030, 4545 e 6060 gradi, che compaiono nel triangolo equilatero e nel quadrato, si convertono semplificando la frazione.

  5. 90∘=π2,180∘=π,270∘=3π290^\circ = \frac{\pi}{2}, \quad 180^\circ = \pi, \quad 270^\circ = \frac{3\pi}{2}

    L’angolo retto, quello piatto e tre quarti di giro segnano i semiassi.

  6. 120∘=2π3,135∘=3π4,150∘=π−π6=5π6120^\circ = \frac{2\pi}{3}, \quad 135^\circ = \frac{3\pi}{4}, \quad 150^\circ = \resaltar{\pi - \frac{\pi}{6}} = \resaltar{\frac{5\pi}{6}}

    Gli altri angoli notevoli del giro si ottengono sommando o sottraendo; per esempio, 150∘150^\circ è 180∘180^\circ meno 30∘30^\circ.

In pratica, per passare dai gradi ai radianti si moltiplica per π180\frac{\pi}{180}, e per passare dai radianti ai gradi, per 180π\frac{180}{\pi}. Così, 225∘=5π4225^\circ = \frac{5\pi}{4}, −60∘=−π3-60^\circ = -\frac{\pi}{3} e 7π6=210∘\frac{7\pi}{6} = 210^\circ; l’angolo di 22 radianti misura 360π\frac{360}{\pi} gradi, circa 114,6 gradi.

Lunghezza d’arco e area di un settore

In una circonferenza di raggio rr, un angolo al centro θ\theta insiste su un arco, e i due lati dell’angolo, insieme a quell’arco, delimitano un settore circolare. La misura in radianti dà alle loro formule una forma particolarmente semplice.

TeoremaLunghezza d’arco e area del settore

In una circonferenza di raggio rr, un angolo al centro di θ\theta radianti, con 0<θ≤2π0 < \theta \leq 2\pi, insiste su un arco di lunghezza s=rθs = r\theta, e il settore che determina ha area A=12r2θ=12rsA = \frac{1}{2} r^2 \theta = \frac{1}{2} rs.

La lunghezza dell’arco segue dalla proporzionalità ammessa. Per l’area si dimostra prima la formula quando l’angolo è una frazione razionale del giro, e poi la si estende a ogni angolo con la densità dei razionali, dimostrata nella lezione del corso I sulla retta reale.

Dimostrazione

  1. s1=θs_1 = \theta

    Nella circonferenza goniometrica con lo stesso centro, l’angolo insiste su un arco di lunghezza θ\theta, per la definizione del radiante.

  2. s=rs1=rθs = r \resaltar{s_1} = \dato{s}{\resaltar{r\theta}}

    Per la proporzionalità degli archi ai raggi, l’arco corrispondente nella circonferenza di raggio rr è rr volte più grande.

  3. A=pqπr2=12r2θA = \resaltar{\frac{p}{q} \pi r^2} = \dato{f}{\resaltar{\frac{1}{2} r^2 \theta}}

    Se θ=2πpq\theta = \frac{2\pi p}{q}, con pp e qq naturali e p≤qp \leq q, il cerchio si divide in qq settori congruenti di angolo 2πq\frac{2\pi}{q}, ciascuno di area πr2q\frac{\pi r^2}{q}, e il settore di angolo θ\theta è l’unione di pp di essi.

  4. 2Ar2<φ<θ→A<12r2φ=Aφ≤A\frac{2A}{r^2} < \varphi < \theta \rightarrow A < \resaltar{\frac{1}{2} r^2 \varphi} = A_\varphi \leq A

    Sia ora θ\theta qualsiasi, e supponiamo che l’area AA del suo settore sia minore di 12r2θ\frac{1}{2} r^2 \theta. Per la densità dei razionali esiste un angolo φ\varphi, frazione razionale del giro, compreso tra 2Ar2\frac{2A}{r^2} e θ\theta. Il suo settore è contenuto in quello di θ\theta, e la sua area ha la formula del passo appena visto: si giunge a una contraddizione.

  5. A=12r2θ=12rsA = \frac{1}{2} r^2 \theta = \frac{1}{2} r \resaltar{s}

    Allo stesso modo, con un φ\varphi compreso tra θ\theta e 2Ar2\frac{2A}{r^2}, che non supera il giro perché il settore non supera il cerchio, si esclude che AA sia maggiore di 12r2θ\frac{1}{2} r^2 \theta. Pertanto l’area è quella indicata, e con rθ=sr\theta = s risulta una formula analoga a quella dell’area di un triangolo di base ss e altezza rr.

Se l’angolo si misurasse in gradi, le formule porterebbero il fattore di conversione: l’arco sarebbe πrg180\frac{\pi r g}{180} e l’area del settore πr2g360\frac{\pi r^2 g}{360}. La semplicità di s=rθs = r\theta è la ragione principale per preferire il radiante. Inoltre, la formula dà la misura di un angolo in qualsiasi circonferenza, non solo in quella goniometrica: θ=sr\theta = \frac{s}{r} è il quoziente tra l’arco e il raggio, e non dipende dal raggio scelto.

L’angolo alla circonferenza

Un angolo con il vertice nel centro di una circonferenza si chiama angolo al centro. Se AA, BB e CC sono tre punti distinti di una circonferenza, l’angolo che formano in CC le corde CACA e CBCB si chiama angolo alla circonferenza, e si dice che insiste sull’arco di estremi AA e BB che non contiene CC. Per il teorema dimostrato sopra, a un arco di lunghezza ss di una circonferenza di raggio rr corrisponde l’angolo al centro di sr\frac{s}{r} radianti, anche se quel numero supera π\pi. Per confrontare l’angolo alla circonferenza con quello al centro si ammettono i fatti della geometria elementare che seguono, che questo corso non dimostra perché non sviluppa la geometria sintetica. I primi due misurano gli angoli di un triangolo; gli ultimi due sono fatti di posizione, che dicono come si ripartiscono gli angoli e gli archi quando una semiretta passa per l’interno di un angolo.

Fatto ammesso (angoli del triangolo e posizioni sulla circonferenza). Si ammettono le quattro affermazioni che seguono, nelle quali gli angoli non orientati si misurano in radianti, tra 00 e π\pi.
  1. Somma degli angoli: i tre angoli di un triangolo hanno per somma un angolo piatto, cioè π\pi radianti.
  2. Triangolo isoscele: in un triangolo con due lati uguali, gli angoli opposti a quei lati sono uguali.
  3. Somma di angoli adiacenti: se una semiretta che parte dal vertice di un angolo passa per il suo interno, lo divide in due angoli le cui misure hanno per somma quella dell’angolo dato.
  4. Posizione del centro: siano AA, BB e CC tre punti distinti di una circonferenza di centro OO, e sia DD l’altro estremo del diametro che parte da CC. Se OO non sta né sulla corda CACA né sulla corda CBCB, accade una di due cose. O OO sta all’interno dell’angolo che formano in CC quelle corde, e allora la semiretta che va da CC a DD passa per quell’interno e DD sta sull’arco di estremi AA e BB che non contiene CC. Oppure OO sta fuori da quell’angolo, e allora uno dei punti AA e BB, che si può chiamare AA, sta sull’arco di estremi DD e BB che non contiene CC, e la semiretta che va da CC a AA passa per l’interno dell’angolo che formano in CC le corde CDCD e CBCB.
TeoremaL’angolo alla circonferenza misura la metà dell’arco su cui insiste

Siano AA, BB e CC tre punti distinti di una circonferenza di centro OO e raggio rr, e sia ss la lunghezza dell’arco di estremi AA e BB che non contiene CC. L’angolo alla circonferenza γ\gamma che formano in CC le corde CACA e CBCB è la metà dell’angolo al centro corrispondente a quell’arco.

γ=s2r\gamma = \frac{s}{2r}

La dimostrazione tratta prima il caso in cui un lato dell’angolo alla circonferenza passa per il centro, e riconduce a esso gli altri due casi del fatto ammesso sulla posizione del centro mediante il diametro che parte da CC.

Dimostrazione

  1. α=γ\dato{i}{\alpha = \gamma}

    Supponiamo dapprima che il centro OO stia sulla corda CBCB, che è allora un diametro (il caso in cui sta sulla corda CACA è uguale). Sia α\alpha l’angolo in AA del triangolo di vertici OO, CC e AA, che è un vero triangolo perché AA, distinto da CC e da BB, non sta sulla retta che li unisce; quel triangolo è isoscele, perché OAOA e OCOC sono raggi, e i suoi angoli in CC e in AA sono uguali.

  2. δ=π−(π−α−γ)=α+γ=2γ<π\delta = \pi - \left( \pi - \alpha - \gamma \right) = \resaltar{\alpha + \gamma} = \dato{d}{\resaltar{2\gamma}} < \pi

    Sia δ\delta l’angolo al centro che formano i raggi OAOA e OBOB. Poiché CC, OO e BB sono allineati, δ\delta e l’angolo in OO del triangolo hanno per somma π\pi; poiché anche i tre angoli del triangolo hanno per somma π\pi, δ\delta è la somma degli altri due. Inoltre, l’angolo in OO è positivo, sicché α+γ\alpha + \gamma è minore di π\pi, e lo è anche δ\delta.

  3. s=rδ=2rγ→γ=s2rs = r \resaltar{\delta} = \resaltar{2r\gamma} \rightarrow \dato{c}{\gamma = \frac{s}{2r}}

    I raggi OAOA e OBOB dividono la circonferenza in due archi; poiché δ<π\delta < \pi, per il teorema dell’arco, quello su cui insiste δ\delta misura rδr\delta, meno della semicirconferenza, e l’altro di più. Il punto CC, estremo del diametro opposto a BB, dista una semicirconferenza da BB nei due versi, sicché non sta sull’arco minore: questo è l’arco su cui insiste γ\gamma, e s=rδs = r\delta.

  4. γ=s12r+s22r=s1+s22r=s2r\gamma = \frac{s_1}{2r} + \frac{s_2}{2r} = \frac{\resaltar{s_1 + s_2}}{2r} = \frac{\resaltar{s}}{2r}

    Se il centro sta all’interno dell’angolo, sia DD l’altro estremo del diametro che parte da CC. Per il fatto ammesso sulla posizione del centro, la semiretta da CC a DD divide l’angolo in due, ciascuno con un lato che passa per il centro, le cui misure hanno per somma γ\gamma per la somma di angoli adiacenti; e DD divide l’arco su cui l’angolo insiste in due archi, di lunghezze s1s_1 e s2s_2, che hanno per somma ss. Per il caso già trattato, applicato a ciascuno dei due angoli, si ottiene quanto segue.

  5. γ=s22r−s12r=s2−s12r=s2r\gamma = \frac{s_2}{2r} - \frac{s_1}{2r} = \frac{\resaltar{s_2 - s_1}}{2r} = \frac{\resaltar{s}}{2r}

    Se il centro sta fuori dall’angolo, sia di nuovo DD l’altro estremo del diametro che parte da CC. Per il fatto ammesso sulla posizione del centro, si può supporre che AA stia sull’arco che va da DD a BB senza passare per CC, e che la semiretta da CC a AA divida l’angolo di lati CDCD e CBCB in quello di lati CDCD e CACA e in γ\gamma. Quell’arco, di lunghezza s2s_2, si compone dell’arco che va da DD a AA, di lunghezza s1s_1, e dell’arco su cui insiste γ\gamma; e γ\gamma è la differenza di due angoli con un lato che passa per il centro.

CorollarioAngoli alla circonferenza su una stessa corda

Due angoli alla circonferenza con gli stessi estremi AA e BB sono uguali se i loro vertici stanno sullo stesso dei due archi che la corda ABAB determina, e supplementari se stanno su archi distinti. In particolare, ogni angolo alla circonferenza che insiste su una semicirconferenza, cioè i cui estremi AA e BB sono quelli di un diametro, è retto.

Basta leggere, in ciascun caso, su quale arco insiste ciascun angolo, e applicare il teorema. Siano CC e C′C' i vertici, γ\gamma e γ′\gamma' gli angoli, e ss la lunghezza dell’arco di estremi AA e BB che non contiene CC.

Dimostrazione

  1. γ=s2r=γ′\dato{g}{\gamma = \frac{s}{2r}} = \gamma'

    Se C′C' sta sullo stesso arco di CC, i due angoli insistono sull’altro arco, di lunghezza ss, e per il teorema misurano lo stesso.

  2. γ+γ′=s2r+2πr−s2r=π\gamma + \gamma' = \frac{s}{2r} + \frac{\resaltar{2\pi r - s}}{2r} = \resaltar{\pi}

    Se C′C' sta sull’altro arco, insiste sull’arco che contiene CC, la cui lunghezza è ciò che manca a ss per completare la circonferenza; le due misure hanno per somma un angolo piatto.

  3. s=πr→γ=πr2r=π2s = \pi r \rightarrow \gamma = \frac{\resaltar{\pi r}}{2r} = \resaltar{\frac{\pi}{2}}

    Se ABAB è un diametro, i due archi sono semicirconferenze, di lunghezza πr\pi r, e l’angolo è retto; questo caso particolare è noto come teorema di Talete.

I punti che non stanno sulla circonferenza vedono la corda sotto altri angoli. Il risultato che segue si ammette anch’esso dalla geometria elementare: si ottiene dal teorema dimostrato sopra e dalla proposizione 21 del libro I degli Elementi di Euclide, secondo la quale un punto interno a un triangolo vede uno dei suoi lati sotto un angolo maggiore di quello del vertice opposto; ma la sua dimostrazione richiede di sapere dove i segmenti che partono dal punto tagliano la circonferenza, una questione di posizione che questo corso non sviluppa. Sarà usato nell’ultimo problema risolto della lezione sulle funzioni trigonometriche inverse.

Fatto ammesso (angoli da punti interni ed esterni). Siano AA e BB due punti di una circonferenza, e γ\gamma la misura comune degli angoli alla circonferenza con estremi AA e BB il cui vertice sta su uno dei due archi che questi punti determinano. Se QQ è un punto che non sta sulla circonferenza, situato dalla stessa banda della retta ABAB di quell’arco, l’angolo che formano in QQ i segmenti QAQA e QBQB è minore di γ\gamma se QQ è esterno al cerchio, e maggiore di γ\gamma se è interno.

Posizione standard e angoli coterminali

Nel piano cartesiano, studiato nella lezione del corso I sull’equazione della retta e i sistemi cartesiani, ogni angolo ha una posizione privilegiata.

Un angolo orientato è in posizione standard se il suo vertice è l’origine e il suo lato iniziale è il semiasse xx positivo. Il suo lato terminale è allora la semiretta che parte dall’origine e passa per il punto P(θ)P(\theta) dell’assioma del percorso, cioè il punto della circonferenza goniometrica x2+y2=1x^2 + y^2 = 1 a cui si arriva percorrendo, a partire da (1,0)(1, 0), un arco di lunghezza ∣θ∣\abs{\theta} nel verso indicato dal segno di θ\theta. Due angoli sono coterminali se, in posizione standard, hanno lo stesso lato terminale.

Gli assi dividono il piano in quattro quadranti, numerati in senso antiorario a partire da quello che contiene i punti di coordinate positive. Un angolo in posizione standard sta nel quadrante che contiene il suo lato terminale; se questo cade su un asse, l’angolo si dice quadrantale. Le coordinate del punto P(θ)P(\theta) sono il coseno e il seno di θ\theta, che si studieranno nella prossima lezione, quella sui rapporti trigonometrici.

Un giro completo, in qualsiasi verso, riporta il lato nella sua posizione, per la periodicità del percorso: l’angolo θ+2π\theta + 2\pi è coterminale con θ\theta, e così pure θ−2π\theta - 2\pi, θ+4π\theta + 4\pi e, in generale, θ+2kπ\theta + 2k\pi con kk intero. Per sapere dove termina un angolo qualsiasi basta, quindi, scontare i giri completi, come si scontano i multipli del divisore nella lezione del corso I sulla divisibilità e la divisione con resto. Il teorema che segue è la versione reale di quella divisione: il divisore è 2π2\pi, il quoziente è il numero di giri e il resto è l’angolo che rimane.

TeoremaRiduzione al primo giro

Per ogni numero reale θ\theta esistono un unico intero kk e un unico reale θ0\theta_0 tali che θ=θ0+2kπ\theta = \theta_0 + 2k\pi e 0≤θ0<2π0 \leq \theta_0 < 2\pi.

L’esistenza poggia sulla proprietà archimedea, dimostrata nella lezione del corso I sulla rappresentazione decimale dei numeri razionali, e l’unicità sul fatto che un intero compreso strettamente tra −1-1 e 11 è nullo.

Dimostrazione

  1. k≤θ2π<k+1\dato{k}{k \leq \frac{\theta}{2\pi} < k + 1}

    Sia θ\theta un numero reale. Per la proprietà archimedea e il principio del buon ordinamento, come nella dimostrazione della densità dei razionali della lezione sulla retta reale, esiste il minimo intero mm maggiore di θ2π\frac{\theta}{2\pi}; sia k=m−1k = m - 1, che non è più maggiore di quel numero.

  2. 2kπ≤θ<2kπ+2π→0≤θ−2kπ<2π\resaltar{2k\pi \leq \theta < 2k\pi + 2\pi} \rightarrow \resaltar{0 \leq \theta - 2k\pi < 2\pi}

    Moltiplichiamo per 2π2\pi, che è positivo, e sottraiamo 2kπ2k\pi ai tre membri.

  3. θ=θ0+2kπ,θ0∈[0,2π)\dato{e}{\theta = \theta_0 + 2k\pi, \quad \theta_0 \in \ico{0}{2\pi}}

    Sia θ0=θ−2kπ\theta_0 = \theta - 2k\pi. Allora θ\theta consiste di kk giri completi seguiti dall’angolo θ0\theta_0, che sta nel primo giro: θ\theta e θ0\theta_0 sono coterminali.

  4. 2π(k−j)=θ1−θ0,−2π<θ1−θ0<2π\dato{d}{2\pi(k - j) = \theta_1 - \theta_0}, \quad -2\pi < \theta_1 - \theta_0 < 2\pi

    Per l’unicità, supponiamo che sia anche θ=θ1+2jπ\theta = \theta_1 + 2j\pi, con jj intero e 0≤θ1<2π0 \leq \theta_1 < 2\pi. Sottraendo le due scritture, la differenza θ1−θ0\theta_1 - \theta_0 è un multiplo intero di 2π2\pi; e poiché i due numeri stanno nell’intervallo [0,2π)\ico{0}{2\pi}, quella differenza è compresa tra −2π-2\pi e 2π2\pi.

  5. ∣k−j∣<1→k=j→θ1=θ0\abs{k - j} < 1 \rightarrow k = j \rightarrow \theta_1 = \theta_0

    Dividendo per 2π2\pi, l’intero k−jk - j è compreso strettamente tra −1-1 e 11: è nullo. Pertanto j=kj = k e, per l’uguaglianza ottenuta sopra, θ1=θ0\theta_1 = \theta_0.

  6. θ0=−23π6+4π=π6\theta_0 = \resaltar{-\frac{23\pi}{6} + 4\pi} = \resaltar{\frac{\pi}{6}}

    Per esempio, per θ=−23π6\theta = -\frac{23\pi}{6} si ha θ2π=−2312\frac{\theta}{2\pi} = -\frac{23}{12}, che è compreso tra −2-2 e −1-1: è k=−2k = -2, e l’angolo compie quasi due giri in senso orario per terminare sul lato di π6\frac{\pi}{6}.

Il numero θ0\theta_0 si chiama la riduzione di θ\theta al primo giro. In gradi, lo stesso ragionamento, con 360360 al posto di 2π2\pi, riduce qualsiasi angolo a uno compreso tra 0∘0^\circ e 360∘360^\circ, quest’ultimo escluso: per esempio, 1000∘=280∘+2⋅360∘1000^\circ = 280^\circ + 2 \cdot 360^\circ. Con la riduzione si riconoscono tutti gli angoli che terminano su uno stesso lato; prima occorre sapere che un giro non passa due volte per lo stesso punto, il che si deduce dall’assioma del percorso.

LemmaUn giro non ripete punti

Se 0≤α<β<2π0 \leq \alpha < \beta < 2\pi, allora P(α)≠P(β)P(\alpha) \neq P(\beta).

Si separano i casi a seconda del mezzo giro in cui stanno α\alpha e β\beta: in ciascuno, l’ascissa è strettamente monotona; dall’uno all’altro, cambia il segno dell’ordinata. Si scrive (xs,ys)(x_s, y_s) per le coordinate di P(s)P(s).

Dimostrazione

  1. 0<s<π∨π<s<2π→−1<xs<10 < s < \pi \vee \pi < s < 2\pi \rightarrow \dato{x}{-1 < x_s < 1}

    Per la proprietà del mezzo giro, quando ss cresce da 00 a π\pi l’ascissa di P(s)P(s) decresce strettamente da 11 a −1-1; per la proposizione sul secondo mezzo giro, quando ss cresce da π\pi a 2π2\pi essa cresce strettamente da −1-1 fino all’ascissa di P(2π)P(2\pi), che per la periodicità è P(0)=(1,0)P(0) = (1, 0).

  2. ys2=1−xs2>0→π<s<2π→ys<0y_s^2 = \resaltar{1 - x_s^2} > 0 \rightarrow \dato{y}{\pi < s < 2\pi \rightarrow y_s < 0}

    In quei casi l’ordinata non è nulla, perché il suo quadrato è 1−xs2>01 - x_s^2 > 0: è positiva nel primo mezzo giro, perché non è negativa, e negativa nel secondo, perché non è positiva.

  3. xα≠xβ→P(α)≠P(β)x_\alpha \neq x_\beta \rightarrow P(\alpha) \neq P(\beta)

    Se α\alpha e β\beta stanno entrambi in [0,π]\icc{0}{\pi}, o entrambi in [π,2π)\ico{\pi}{2\pi}, i due punti hanno ascisse distinte, per la monotonia stretta in ciascun mezzo giro.

  4. yβ<0≤yα→P(α)≠P(β)\resaltar{y_\beta < 0 \leq y_\alpha} \rightarrow P(\alpha) \neq P(\beta)

    Se α<π<β\alpha < \pi < \beta, il punto P(β)P(\beta) ha ordinata negativa, mentre quella di P(α)P(\alpha), nel primo mezzo giro, non è negativa. In tutti i casi i due punti sono distinti.

LemmaAngoli coterminali

Due angoli θ\theta e φ\varphi sono coterminali se e solo se la loro differenza è un multiplo intero di 2π2\pi, cioè se esiste un intero kk tale che θ−φ=2kπ\theta - \varphi = 2k\pi. In particolare, sono coterminali se e solo se hanno la stessa riduzione al primo giro.

Si sostituisce ciascun angolo con la sua riduzione, e il lemma appena dimostrato confronta le riduzioni.

Dimostrazione

  1. P(θ)=P(θ0),P(φ)=P(φ0)\dato{p}{P(\theta) = P(\resaltar{\theta_0}), \quad P(\varphi) = P(\resaltar{\varphi_0})}

    Per il teorema di riduzione, θ=θ0+2kπ\theta = \theta_0 + 2k\pi e φ=φ0+2jπ\varphi = \varphi_0 + 2j\pi, con θ0\theta_0 e φ0\varphi_0 in [0,2π)\ico{0}{2\pi}; per la periodicità del percorso, i giri completi non cambiano il punto, e il lato terminale di ciascun angolo è quello della sua riduzione.

  2. P(θ)=P(φ)↔θ0=φ0\dato{c}{P(\theta) = P(\varphi) \leftrightarrow \theta_0 = \varphi_0}

    Se θ0≠φ0\theta_0 \neq \varphi_0, per il lemma appena dimostrato i punti P(θ0)P(\theta_0) e P(φ0)P(\varphi_0) sono distinti, e lo sono anche i lati terminali; se sono uguali, i lati coincidono. Pertanto gli angoli sono coterminali se e solo se hanno la stessa riduzione.

  3. θ0=φ0→θ−φ=2(k−j)π,θ−φ=2mπ→θ=φ0+2(j+m)π→θ0=φ0\theta_0 = \varphi_0 \rightarrow \theta - \varphi = \resaltar{2(k - j)\pi}, \qquad \theta - \varphi = 2m\pi \rightarrow \theta = \varphi_0 + \resaltar{2(j + m)\pi} \rightarrow \theta_0 = \varphi_0

    Se le riduzioni sono uguali, la differenza è un multiplo intero di 2π2\pi. Viceversa, se θ−φ=2mπ\theta - \varphi = 2m\pi, allora θ=φ0+2(j+m)π\theta = \varphi_0 + 2(j + m)\pi, e per l’unicità della riduzione, θ0=φ0\theta_0 = \varphi_0.

Ne segue che gli angoli coterminali con θ\theta sono esattamente quelli della forma θ+2kπ\theta + 2k\pi, con kk intero, e che il quadrante di un angolo è deciso dalla sua riduzione: sta nel primo quadrante se 0<θ0<π20 < \theta_0 < \frac{\pi}{2}, nel secondo se π2<θ0<π\frac{\pi}{2} < \theta_0 < \pi, nel terzo se π<θ0<3π2\pi < \theta_0 < \frac{3\pi}{2} e nel quarto se 3π2<θ0<2π\frac{3\pi}{2} < \theta_0 < 2\pi; è quadrantale se θ0\theta_0 è 00, π2\frac{\pi}{2}, π\pi o 3π2\frac{3\pi}{2}. Così, −23π6-\frac{23\pi}{6} sta nel primo quadrante, e 1000∘1000^\circ, la cui riduzione è 280∘280^\circ, nel quarto.

Infine, ogni punto della circonferenza goniometrica è il punto P(θ)P(\theta) di qualche angolo: è la proprietà di ricoprimento dell’assioma del percorso, che dice che percorrendo la circonferenza a partire da (1,0)(1, 0) si passa per tutti i suoi punti. Se è così, per la riduzione al primo giro, la periodicità e il lemma degli angoli coterminali, ogni punto della circonferenza goniometrica è P(θ)P(\theta) per un unico θ\theta in [0,2π)\ico{0}{2\pi}, e gli angoli che gli corrispondono sono esattamente quelli coterminali con quel θ\theta.

Velocità angolare e velocità lineare

Quando un corpo ruota attorno a un asse, tutti i suoi punti descrivono archi di circonferenza centrati sull’asse, e tutti ruotano dello stesso angolo nello stesso tempo. Se in un tempo tt il corpo ruota, a ritmo costante, di un angolo θ\theta, la sua velocità angolare è il quoziente ω=θt\omega = \frac{\theta}{t}, che si misura in radianti al secondo; si esprime anche in giri al minuto, e poiché un giro è 2π2\pi radianti e un minuto 6060 secondi, un giro al minuto equivale a π30\frac{\pi}{30} radianti al secondo.

Un punto situato a distanza rr dall’asse percorre, in quel tempo, un arco di lunghezza s=rθs = r\theta, per il teorema della lunghezza d’arco. La sua velocità lineare, quoziente tra la distanza percorsa e il tempo, è quindi il prodotto del raggio per la velocità angolare:

v=st=rθt=rωv = \frac{s}{t} = \frac{r\theta}{t} = r\omega

Ne segue che, in un corpo che ruota, la velocità angolare è la stessa per tutti i punti, mentre quella lineare cresce in proporzione alla distanza dall’asse: il bordo di un disco che ruota si muove più in fretta dei punti vicini al centro. Questa relazione, valida solo se gli angoli si misurano in radianti, è il punto di partenza dello studio del moto circolare nel corso di Fondamenti di Meccanica. Due ruote collegate da una cinghia o da una catena che non slitta, o che ingranano tra loro, hanno nel punto di contatto la stessa velocità lineare; pertanto ω1r1=ω2r2\omega_1 r_1 = \omega_2 r_2, e la ruota minore gira più in fretta, come si vedrà nel problema risolto 3.

Problemi risolti

I problemi misurano la Terra a partire da un angolo, calcolano l’area di un segmento circolare, trasmettono una rotazione mediante una catena, cercano il settore di area massima con un perimetro dato e contano le sovrapposizioni delle lancette di un orologio. Ciascuno richiede un’idea propria, che conviene cercare prima di leggere la soluzione.

Problema risolto 1La misura della Terra secondo Eratostene

Verso l’anno 240 prima della nostra era, Eratostene osservò che a mezzogiorno del solstizio d’estate il Sole illuminava il fondo dei pozzi di Siene, mentre ad Alessandria, situata a nord e, come egli suppose, sullo stesso meridiano, i raggi formavano con la verticale un angolo di 7 gradi e 12 primi. Prendendo 800 km come distanza tra le due città, calcolare il raggio della Terra e la lunghezza del meridiano, la lunghezza dell’arco di meridiano che corrisponde a un primo e la distanza, lungo il meridiano, dall’equatore fino a un punto di latitudine 33∘33^\circ.

Soluzione

  1. α=7∘+(1260)∘=(365)∘\alpha = 7^\circ + \resaltar{\left( \frac{12}{60} \right)^\circ} = \resaltar{\left( \frac{36}{5} \right)^\circ}

    L’angolo, espresso in gradi, è 77 più dodici sessantesimi; è la cinquantesima parte del giro, perché 365⋅50=360\frac{36}{5} \cdot 50 = 360.

  2. θ=365π180=π25\theta = \frac{\resaltar{\frac{36}{5}} \pi}{180} = \dato{t}{\resaltar{\frac{\pi}{25}}}

    Poiché i raggi del Sole arrivano paralleli e a Siene cadono nella direzione del raggio terrestre, l’angolo ad Alessandria tra il raggio di luce e la verticale è uguale a quello che formano nel centro della Terra i raggi terrestri delle due città: sono angoli alterni tra parallele. In radianti, per la regola di conversione, è quello che segue.

  3. R=sθ=800π25=20000πR = \frac{s}{\theta} = \frac{\resaltar{800}}{\resaltar{\frac{\pi}{25}}} = \dato{r}{\resaltar{\frac{20000}{\pi}}}

    Gli 800 km sono l’arco di meridiano su cui insiste quell’angolo al centro. Da s=Rθs = R\theta si ricava il raggio, circa 6366 km.

  4. 2πR=2π⋅20000π=400002\pi R = 2\pi \cdot \resaltar{\frac{20000}{\pi}} = \resaltar{40000}

    La lunghezza del meridiano è quella della circonferenza di raggio RR; è anche 5050 volte la distanza tra le due città.

  5. s=20000π⋅π10800=5027s = \frac{20000}{\pi} \cdot \resaltar{\frac{\pi}{10800}} = \resaltar{\frac{50}{27}}

    Un primo è la sessantesima parte di un grado, cioè π10800\frac{\pi}{10800} radianti. Il suo arco misura circa 1,852 km: è il miglio nautico, che fu definito proprio così.

  6. s=20000π⋅11π60=110003s = \frac{20000}{\pi} \cdot \resaltar{\frac{11\pi}{60}} = \resaltar{\frac{11000}{3}}

    La latitudine di un punto è l’angolo che il suo raggio forma con il piano dell’equatore; 33∘33^\circ sono 11π60\frac{11\pi}{60} radianti. La distanza richiesta è di circa 3667 km.

Eratostene espresse la distanza in stadi, il cui valore esatto è discusso; con la cifra adottata qui, il meridiano misura 40000 km, e non per caso: alla fine del XVIII secolo il metro fu definito come la decimilionesima parte del quarto di meridiano. D’altra parte, Alessandria non sta esattamente a nord di Siene, ma circa tre gradi più a ovest, sicché l’arco che le unisce non è del tutto un arco di meridiano.

Problema risolto 2Il segmento circolare di sessanta gradi

Una corda di estremi AA e BB, in una circonferenza di centro OO e raggio rr, sottende un angolo al centro di π3\frac{\pi}{3}. Calcolare l’area del segmento circolare delimitato dalla corda e dall’arco minore di estremi AA e BB, e la frazione del cerchio che esso occupa.

Soluzione

  1. As=12r2⋅π3=πr26A_s = \frac{1}{2} r^2 \cdot \resaltar{\frac{\pi}{3}} = \dato{s}{\resaltar{\frac{\pi r^2}{6}}}

    Il segmento circolare è ciò che resta del settore di vertice OO ed estremi AA e BB quando gli si toglie il triangolo di vertici OO, AA e BB. L’area del settore è data dal teorema del settore.

  2. π−π32=π3\frac{\resaltar{\pi - \frac{\pi}{3}}}{2} = \resaltar{\frac{\pi}{3}}

    Quel triangolo ha due lati uguali al raggio: è isoscele, e i suoi angoli in AA e in BB sono uguali. Poiché i tre angoli di un triangolo hanno per somma π\pi, per il fatto ammesso in questa lezione, ciascuno di essi misura π3\frac{\pi}{3}, e il triangolo è equilatero, di lato rr.

  3. h=32r,At=12r⋅32r=34r2h = \frac{\sqrt{3}}{2} r, \quad A_t = \frac{1}{2} r \cdot \resaltar{\frac{\sqrt{3}}{2} r} = \dato{t}{\resaltar{\frac{\sqrt{3}}{4} r^2}}

    L’altezza da OO taglia la base nel suo punto medio; per il teorema di Pitagora, il suo quadrato è r2−r24r^2 - \frac{r^2}{4}. L’area del triangolo è la metà della base per l’altezza.

  4. A=πr26−34r2=2π−3312r2A = \resaltar{\frac{\pi r^2}{6} - \frac{\sqrt{3}}{4} r^2} = \dato{a}{\resaltar{\frac{2\pi - 3\sqrt{3}}{12} r^2}}

    L’area del segmento circolare è la differenza, con denominatore comune 1212; è positiva, perché 2π>6>332\pi > 6 > 3\sqrt{3}.

  5. Aπr2=2π−3312π\frac{A}{\pi r^2} = \frac{2\pi - 3\sqrt{3}}{12\pi}

    Dividendo per l’area del cerchio, il segmento circolare occupa circa il 2,9 per cento del cerchio; il settore ne occupa la sesta parte, e il triangolo riempie circa l’83 per cento del settore.

Problema risolto 3La catena di una bicicletta

In una bicicletta, la catena collega la corona, di raggio 1010 cm, mossa dai pedali, con il pignone, di raggio 44 cm, fissato all’asse della ruota posteriore, il cui raggio è 3535 cm. Se chi pedala compie un giro di pedale al secondo, calcolare la velocità angolare della ruota e la velocità della bicicletta, supponendo che la catena non slitti e che la ruota rotoli senza strisciare.

Soluzione

  1. ω1=2π\omega_1 = \dato{w}{2\pi}

    Un giro al secondo sono 2π2\pi radianti al secondo: questa è la velocità angolare della corona.

  2. v=r1ω1=10⋅2π=20πv = r_1 \omega_1 = 10 \cdot \resaltar{2\pi} = \dato{v}{\resaltar{20\pi}}

    Tutte le maglie della catena si muovono con la stessa velocità scalare, che è la velocità lineare del bordo della corona, in centimetri al secondo.

  3. ω2=vr2=20π4=5π\omega_2 = \frac{v}{r_2} = \frac{\resaltar{20\pi}}{\resaltar{4}} = \dato{p}{\resaltar{5\pi}}

    La catena trascina il bordo del pignone con la stessa velocità lineare; da ω1r1=ω2r2\omega_1 r_1 = \omega_2 r_2 si ottiene la velocità angolare del pignone: due giri e mezzo al secondo.

  4. vr=35⋅5π=175πv_r = 35 \cdot \resaltar{5\pi} = \dato{b}{\resaltar{175\pi}}

    La ruota è fissata all’asse del pignone e gira con la sua stessa velocità angolare, ma il suo bordo è molto più lontano dall’asse, e la sua velocità lineare è molto maggiore, in centimetri al secondo.

  5. 175π⋅3600100000=63π10175\pi \cdot \resaltar{\frac{3600}{100000}} = \resaltar{\frac{63\pi}{10}}

    Se la ruota non striscia, a ogni giro la bicicletta avanza quanto misura la circonferenza della ruota, che si va appoggiando sul suolo: la sua velocità è quella del bordo della ruota. Un centimetro al secondo sono 3600100000\frac{3600}{100000} chilometri all’ora, sicché la bicicletta avanza a circa 19,8 chilometri all’ora.

Problema risolto 4Il settore di perimetro fissato e area massima

Con un filo di ferro di lunghezza PP si forma il contorno di un settore circolare: due raggi e l’arco che li unisce. Trovare il raggio e l’angolo del settore di area massima, e il valore di quest’area.

Soluzione

  1. P=2r+s→s=P−2rP = 2r + s \rightarrow \dato{s}{s = P - 2r}

    Se il raggio è rr e l’angolo θ\theta, il contorno consta di due raggi e di un arco di lunghezza s=rθs = r\theta.

  2. A=12rs=12r(P−2r)=Pr2−r2A = \frac{1}{2} r \resaltar{s} = \frac{1}{2} r \resaltar{(P - 2r)} = \dato{a}{\frac{Pr}{2} - r^2}

    Per il teorema del settore, l’area è la metà del raggio per l’arco: è una funzione quadratica del raggio.

  3. P2+2π≤r<P2\dato{d}{\frac{P}{2 + 2\pi} \leq r < \frac{P}{2}}

    L’arco deve essere positivo e non maggiore dell’intera circonferenza, cioè 0<θ≤2π0 < \theta \leq 2\pi; da P−2r>0P - 2r > 0 e P−2r≤2πrP - 2r \leq 2\pi r risulta l’intervallo dei raggi possibili.

  4. A=P216−(r−P4)2≤P216A = \resaltar{\frac{P^2}{16} - \left( r - \frac{P}{4} \right)^2} \leq \resaltar{\frac{P^2}{16}}

    Completando il quadrato, l’area è un numero fisso meno un quadrato. Il suo grafico, in funzione di rr, è la parabola (r−P4)2=−(A−P216)\left( r - \frac{P}{4} \right)^2 = -\left( A - \frac{P^2}{16} \right), che ha la concavità rivolta verso il basso; per il teorema del vertice della lezione del corso I sulla caratterizzazione delle parabole, il suo punto più alto è il vertice.

  5. r=P4,A=P216r = \frac{P}{4}, \quad A = \frac{P^2}{16}

    L’ascissa del vertice, P4\frac{P}{4}, appartiene all’intervallo dei raggi possibili, perché 2+2π>42 + 2\pi > 4. Pertanto l’area massima si raggiunge esattamente con quel raggio.

  6. θ=sr=P−P2P4=2\theta = \frac{s}{r} = \frac{\resaltar{P - \frac{P}{2}}}{\frac{P}{4}} = \resaltar{2}

    L’arco corrispondente misura P2\frac{P}{2}, e l’angolo è il quoziente tra l’arco e il raggio: 22 radianti, circa 114,6 gradi, qualunque sia PP. Curiosamente, l’area massima è quella del quadrato di perimetro PP.

Problema risolto 5Le lancette dell’orologio

Calcolare l’angolo che formano le lancette di un orologio alle 3:40. Dimostrare poi che, tra le 12:00 e le 12:00 seguenti (escluse queste ultime), le lancette si sovrappongono esattamente undici volte, separate da intervalli uguali di 1211\frac{12}{11} ore.

Soluzione

  1. αm=360t,αh=30t\dato{p}{\alpha_m = 360t, \quad \alpha_h = 30t}

    Misuriamo la posizione di ciascuna lancetta mediante l’angolo, in gradi e in senso orario, di cui ha ruotato dalle 12:00. Dopo tt ore, la lancetta dei minuti ha compiuto tt giri, e la lancetta delle ore, che compie un giro ogni 12 ore, ha ruotato di 30∘30^\circ all’ora.

  2. αm=360⋅113=1320∘=240∘+3⋅360∘\alpha_m = 360 \cdot \frac{11}{3} = \resaltar{1320^\circ} = \resaltar{240^\circ + 3 \cdot 360^\circ}

    Alle 3:40 sono trascorse 3+4060=1133 + \frac{40}{60} = \frac{11}{3} ore. La lancetta dei minuti ha compiuto tre giri completi, che non cambiano la sua posizione, e si trova nella riduzione del suo angolo.

  3. αh=30⋅113=110∘\alpha_h = 30 \cdot \resaltar{\frac{11}{3}} = \resaltar{110^\circ}

    La lancetta delle ore non ha completato alcun giro.

  4. 240∘−110∘=130∘=13π18240^\circ - 110^\circ = \resaltar{130^\circ} = \resaltar{\frac{13\pi}{18}}

    La differenza delle posizioni ridotte è minore di 180∘180^\circ, sicché è l’angolo che formano le lancette, in gradi e in radianti.

  5. 360t−30t=330t=360k↔t=12k11,k∈Z360t - 30t = 330t = 360k \leftrightarrow \dato{t}{t = \frac{12k}{11}}, \quad k \in \mathbb{Z}

    Le lancette si sovrappongono quando i loro angoli sono coterminali, cioè, per il lemma degli angoli coterminali, quando la loro differenza è un multiplo intero di un giro.

  6. 0≤12k11<12↔0≤k<110 \leq \frac{12k}{11} < 12 \leftrightarrow 0 \leq k < 11

    La condizione 0≤t<120 \leq t < 12 equivale a 0≤k<110 \leq k < 11: ci sono esattamente undici sovrapposizioni, per k=0,1,…,10k = 0, 1, \ldots, 10, e due consecutive distano 1211\frac{12}{11} ore, circa un’ora, 5 minuti e 27 secondi. Le posizioni della lancetta delle ore, 360k11\frac{360k}{11} gradi, sono i vertici di un endecagono regolare.

Problemi proposti

I problemi seguono le idee della lezione: trasformare un settore in un cono, stimare la lunghezza di una spirale sommando circonferenze, scomporre un nastro in parti rettilinee e archi i cui angoli al centro si sommano, e ridurre gli angoli al primo giro mediante gli angoli coterminali per contare posizioni e istanti. Ciascuno ha un suggerimento, che conviene aprire solo dopo averlo tentato; quelli di dimostrazione hanno, inoltre, una soluzione svolta.

Problema proposto 1Un cono di carta

Si ritaglia da un foglio un settore circolare di raggio 1212 cm e angolo 120∘120^\circ, e se ne incollano i due raggi per formare la superficie laterale di un cono. Calcolare il raggio di base e l’altezza del cono.

Suggerimento

L’arco del settore diventa la circonferenza di base, e il raggio del settore la distanza del vertice del cono da qualsiasi punto di quella circonferenza. L’altezza si ottiene poi con il teorema di Pitagora.

Risposta

Il raggio di base è 44 cm e l’altezza 828\sqrt{2} cm.

Problema proposto 2La traccia di un compact disc

In un compact disc, l’informazione è registrata lungo un’unica traccia a spirale, che comincia a 2,3 cm dal centro e termina a 5,8 cm; due spire consecutive della spirale distano 1,6 micrometri. Il lettore percorre la traccia con una velocità lineare costante di 1,2 metri al secondo. Stimare la lunghezza della traccia e la durata di una lettura completa, approssimando ciascuna spira con una circonferenza centrata sull’asse del disco.

Suggerimento

Se rr e RR sono i raggi iniziale e finale e pp è la distanza tra le spire, ci sono N=R−rpN = \frac{R - r}{p} spire, di raggi rr, r+pr + p, r+2pr + 2p, e così via. Le loro lunghezze formano una progressione aritmetica, la cui somma si è calcolata nella lezione del corso I su sommatorie, progressioni e induzione; il risultato è molto vicino all’area della corona circolare divisa per la distanza tra le spire. Attenzione alle unità di misura.

Risposta

La spirale compie 2187521875 giri, e la sua lunghezza è approssimativamente quella che segue, circa 5,57 km; la lettura completa dura circa 4640 secondi, cioè circa 77 minuti.

L≈π(R2−r2)pL \approx \frac{\pi \left( R^2 - r^2 \right)}{p}
Problema proposto 3Il nastro che lega tre tubi

Tre tubi cilindrici uguali, di raggio rr, si collocano paralleli, ciascuno appoggiato agli altri due, e si legano con un nastro teso che li circonda. Dimostrare che il nastro misura 6r+2πr6r + 2\pi r, e calcolarne la lunghezza per tubi di 5 cm di raggio.

Suggerimento

In una sezione perpendicolare ai tubi, ciascuna parte rettilinea del nastro forma un rettangolo con i raggi condotti ai suoi punti di tangenza e con un lato del triangolo dei centri. Per gli archi, calcola l’angolo al centro che il nastro abbraccia su ciascun tubo, e usa la somma degli angoli di un triangolo.

Risposta

Il nastro consta di tre parti rettilinee di lunghezza 2r2r e di tre archi che insieme formano una circonferenza completa. Per r=5r = 5 misura 30+10π30 + 10\pi cm, circa 61,4 cm.

Soluzione svolta

Soluzione

  1. d⁡(A,B)=d⁡(B,C)=d⁡(C,A)=2r\operatorname{d}(A, B) = \operatorname{d}(B, C) = \operatorname{d}(C, A) = \dato{l}{2r}

    Si taglia il fascio con un piano perpendicolare ai tubi: si vedono tre circonferenze di raggio rr, di centri AA, BB e CC. Due circonferenze tangenti esternamente hanno i centri a una distanza uguale alla somma dei raggi, sicché il triangolo dei centri è equilatero, di lato 2r2r.

  2. d⁡(T,T′)=d⁡(A,B)=2r→3⋅2r=6r\operatorname{d}(T, T') = \resaltar{\operatorname{d}(A, B)} = \resaltar{2r} \rightarrow \dato{t}{3 \cdot 2r = 6r}

    Ciascuna parte rettilinea del nastro tocca due tubi, per esempio quelli di centri AA e BB, in due punti TT e T′T'. Il raggio condotto al punto di tangenza è perpendicolare alla tangente, secondo la lezione del corso I sulla circonferenza; i raggi ATAT e BT′BT' sono perpendicolari alla stessa retta, uguali e dalla stessa banda di essa, e il quadrilatero di vertici AA, BB, T′T' e TT è un rettangolo. Ciascuna parte rettilinea misura quanto un lato del triangolo.

  3. π2+α+π2+φA=2π→φA=π−α\frac{\pi}{2} + \alpha + \frac{\pi}{2} + \varphi_A = 2\pi \rightarrow \dato{f}{\varphi_A = \pi - \alpha}

    Nel tubo di centro AA, il nastro abbraccia l’arco compreso tra i punti di tangenza delle due parti rettilinee che vi arrivano. I raggi condotti a quei punti formano angoli retti con i lati ABAB e ACAC; con l’angolo α\alpha del triangolo in AA e l’angolo al centro φA\varphi_A dell’arco, completano un giro attorno a AA, per la somma di angoli adiacenti.

  4. r(π−α)+r(π−β)+r(π−γ)=r(3π−(α+β+γ))=r(3π−π)=2πrr(\pi - \alpha) + r(\pi - \beta) + r(\pi - \gamma) = r\left( 3\pi - \resaltar{(\alpha + \beta + \gamma)} \right) = r\left( 3\pi - \resaltar{\pi} \right) = \dato{a}{2\pi r}

    Lo stesso accade negli altri due tubi, con gli angoli β\beta e γ\gamma del triangolo. Per il teorema della lunghezza d’arco, i tre archi hanno per somma quanto segue, e poiché gli angoli del triangolo hanno per somma π\pi, formano insieme una circonferenza completa; qui ciascuno è la terza parte, perché α=β=γ=π3\alpha = \beta = \gamma = \frac{\pi}{3}.

  5. L=6r+2πr,r=5→L=30+10πL = \resaltar{6r} + \resaltar{2\pi r}, \qquad r = 5 \rightarrow L = 30 + 10\pi

    Il nastro misura la somma delle parti rettilinee e degli archi. Il calcolo degli archi non usa che il triangolo sia equilatero: la parte curva di un nastro teso attorno a tre tubi uguali ha sempre per somma una circonferenza completa. Per r=5r = 5, il nastro misura circa 61,4 cm.

Problema proposto 4Una ruota che avanza a scatti

Una ruota dentata ruota, a ogni scatto, di un angolo di 150∘150^\circ in senso antiorario. Dimostrare che torna per la prima volta alla sua posizione iniziale dopo 1212 scatti, e che in quegli scatti occupa 1212 posizioni distinte. Generalizzare: se ogni scatto è una frazione pq\frac{p}{q} del giro, con pp e qq coprimi, quante posizioni distinte occupa?

Suggerimento

Per il lemma degli angoli coterminali, gli scatti jj e kk lasciano la ruota nella stessa posizione se e solo se 150(k−j)150(k - j) è multiplo di 360360, cioè se 1212 divide 5(k−j)5(k - j). Usa il fatto che 55 e 1212 sono coprimi, come nella lezione del corso I sul massimo comune divisore e il minimo comune multiplo.

Risposta

Due scatti danno la stessa posizione se e solo se la loro differenza è multiplo di 1212; in generale, la ruota occupa qq posizioni distinte, e torna a quella iniziale per la prima volta allo scatto qq.

Soluzione svolta

Soluzione

  1. 150(k−j)=360m↔5(k−j)=12m,m∈Z150(k - j) = 360m \leftrightarrow \dato{c}{5(k - j) = 12m}, \quad m \in \mathbb{Z}

    Dopo kk scatti, la ruota ha ruotato di 150k150k gradi. Per il lemma degli angoli coterminali, gli scatti jj e kk la lasciano nella stessa posizione se e solo se la differenza degli angoli è un multiplo intero di un giro; dividendo per 3030, la condizione è che 5(k−j)5(k - j) sia multiplo di 1212.

  2. 60∣5(k−j)↔12∣k−j\resaltar{60 \mid 5(k - j)} \leftrightarrow \dato{d}{\resaltar{12 \mid k - j}}

    L’intero 5(k−j)5(k - j) è allora multiplo di 1212 e di 55, che sono coprimi; per il lemma dei multipli comuni della lezione del corso I sul massimo comune divisore, è multiplo di 6060, e k−jk - j è multiplo di 1212. Viceversa, se k−j=12tk - j = 12t, gli angoli differiscono di 5t5t giri.

  3. 0≤j<k≤11→0<k−j<12,150⋅12=5⋅3600 \leq j < k \leq 11 \rightarrow 0 < k - j < 12, \qquad 150 \cdot \resaltar{12} = \resaltar{5 \cdot 360}

    Tra gli scatti 00 e 1111, nessuna differenza è multiplo di 1212: la ruota occupa 1212 posizioni distinte. Allo scatto 1212 ha ruotato di 1800∘1800^\circ, cinque giri completi, e torna per la prima volta alla posizione iniziale; da lì ripete le stesse posizioni nello stesso ordine.

  4. q∣p(k−j)↔q∣k−jq \mid p(k - j) \leftrightarrow \resaltar{q \mid k - j}

    In generale, se ogni scatto è la frazione pq\frac{p}{q} del giro, gli scatti jj e kk danno la stessa posizione se e solo se p(k−j)q\frac{p(k - j)}{q} è intero, cioè se qq divide p(k−j)p(k - j). Con pp e qq coprimi, lo stesso lemma dà che pqpq divide p(k−j)p(k - j), e qq divide k−jk - j: la ruota occupa esattamente qq posizioni e torna a quella iniziale per la prima volta allo scatto qq. La frazione 150360=512\frac{150}{360} = \frac{5}{12} dà il caso già trattato.

Problema proposto 5Le lancette ad angolo retto

Dimostrare che, tra le 12:00 e le 12:00 seguenti (escluse queste ultime), le lancette di un orologio formano un angolo retto esattamente 2222 volte, e trovare quegli istanti.

Suggerimento

Con le notazioni del problema risolto 5, le lancette formano un angolo retto quando la differenza 330t330t è coterminale con 90∘90^\circ o con 270∘270^\circ, cioè quando 330t=90+180j330t = 90 + 180j per qualche intero jj.

Risposta

Gli istanti sono quelli che seguono, in ore dopo le 12:00, con j=0,1,…,21j = 0, 1, \ldots, 21; il primo è verso le 12:16 e tra essi ci sono le 3:00 e le 9:00.

t=3(2j+1)11t = \frac{3(2j + 1)}{11}
Soluzione svolta

Soluzione

  1. αm−αh=360t−30t=330t\alpha_m - \alpha_h = 360t - 30t = \dato{d}{330t}

    Come nel problema risolto 5, dopo tt ore la lancetta dei minuti ha ruotato di 360t360t gradi e quella delle ore di 30t30t, in senso orario dalle 12:00; la differenza delle loro posizioni è 330t330t gradi.

  2. 330t=90+360m∨330t=270+360m↔330t=90+180j,j∈Z330t = 90 + 360m \vee 330t = 270 + 360m \leftrightarrow \dato{e}{330t = 90 + 180j}, \quad j \in \mathbb{Z}

    Le lancette formano un angolo retto se e solo se quella differenza è coterminale con 90∘90^\circ o con 270∘270^\circ, cioè se è 90+360m90 + 360m o 270+360m270 + 360m per qualche intero mm. Le due famiglie insieme sono i numeri 90+180j90 + 180j: i valori pari di jj danno la prima e quelli dispari la seconda.

  3. t=90+180j330=3(2j+1)11t = \frac{\resaltar{90 + 180j}}{\resaltar{330}} = \dato{t}{\frac{3(2j + 1)}{11}}

    Isolando tt e semplificando la frazione per 3030 si ottengono gli istanti.

  4. 0≤3(2j+1)11<12↔0≤j≤21,j=5→t=3,j=16→t=90 \leq \frac{3(2j + 1)}{11} < 12 \leftrightarrow \resaltar{0 \leq j \leq 21}, \qquad j = 5 \rightarrow t = 3, \quad j = 16 \rightarrow t = 9

    La condizione 0≤t<120 \leq t < 12 equivale a 0≤2j+1<440 \leq 2j + 1 < 44, cioè a 0≤j≤210 \leq j \leq 21: ci sono esattamente 2222 istanti, distinti perché tt cresce con jj. Con j=0j = 0 si ottiene t=311t = \frac{3}{11}, circa 16 minuti e 22 secondi; con j=5j = 5 e j=16j = 16, le 3:00 e le 9:00. Le posizioni corrispondenti della lancetta delle ore, 90(2j+1)11\frac{90(2j + 1)}{11} gradi, sono distribuite con regolarità sul quadrante.

Con questa lezione gli angoli restano misurati e collocati nel piano. Nella prossima lezione, quella sui rapporti trigonometrici, le coordinate del punto P(θ)P(\theta) della circonferenza goniometrica definiranno il coseno e il seno di qualsiasi angolo, e la riduzione al primo giro e gli angoli coterminali spiegheranno la loro periodicità.