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Topos Uranos

Résumé

Cette leçon définit les angles orientés, qui mesurent une rotation avec son sens et peuvent dépasser le tour complet, et leurs deux mesures usuelles : le degré sexagésimal, fixé par une convention ancienne, et le radian, qui est la longueur de l’arc que l’angle intercepte sur le cercle trigonométrique. Elle admet la longueur du cercle, la proportionnalité des arcs aux rayons et la conservation des longueurs par les symétries, définit le nombre π\pi comme la moitié de la longueur du cercle trigonométrique et énonce l’axiome du parcours par longueur d’arc, qui associe à chaque nombre réel un point de ce cercle ; elle en déduit le comportement du parcours dans son second demi-tour, la règle de conversion entre degrés et radians, la longueur d’un arc, l’aire d’un secteur et le théorème de l’angle inscrit. Elle place ensuite les angles en position standard, démontre que tout angle se ramène d’une seule façon à un angle du premier tour et qu’un tour ne passe pas deux fois par le même point, caractérise les angles coterminaux et relie la vitesse angulaire à la vitesse linéaire. Les problèmes mesurent la Terre comme Ératosthène, calculent un segment circulaire, transmettent une rotation par une chaîne, maximisent l’aire d’un secteur de périmètre fixé et comptent les fois où les aiguilles d’une montre se superposent.

Objectifs d’apprentissage

  1. Distinguer le côté initial et le côté final d’un angle orienté, le mesurer en degrés, minutes et secondes, et reconnaître son signe selon le sens de la rotation.
  2. Énoncer l’axiome du parcours par longueur d’arc, définir grâce à lui le radian et convertir des mesures entre degrés et radians, en particulier celles des angles remarquables.
  3. Démontrer et appliquer les formules de la longueur d’un arc et de l’aire d’un secteur, le théorème de l’angle inscrit et la relation entre la vitesse angulaire et la vitesse linéaire.
  4. Ramener tout angle à un angle du premier tour, en démontrant l’existence et l’unicité de la réduction, et décider si deux angles sont coterminaux.

Angles orientés

En géométrie élémentaire, un angle est la figure formée par deux demi-droites de même origine, et sa mesure est comprise entre 0∘0^\circ et 180∘180^\circ. Pour étudier les rotations, comme celle d’une roue, celle des aiguilles d’une montre ou celle de la Terre autour de son axe, cette notion ne suffit pas : ce qui importe, c’est de combien on a tourné et dans quel sens, et une rotation peut faire plusieurs tours. C’est pourquoi on considère l’angle comme le résultat d’une rotation.

Un angle orienté est déterminé par une demi-droite, appelée côté initial, qui tourne autour de son origine, appelée sommet, jusqu’à occuper une position finale, appelée côté final, ainsi que par la rotation effectuée. L’angle est positif si la rotation se fait dans le sens contraire de celui des aiguilles d’une montre (sens antihoraire), et négatif si elle se fait dans le sens des aiguilles d’une montre (sens horaire). L’angle nul est celui qui ne tourne pas.

Une même paire de côtés peut correspondre à de nombreux angles orientés : le côté final occupe la même position si l’on tourne d’un quart de tour dans le sens inverse des aiguilles d’une montre, de trois quarts de tour dans le sens des aiguilles d’une montre ou d’un quart de tour plus un tour complet. Ces angles sont distincts, car ils décrivent des rotations distinctes, bien qu’ils aboutissent au même côté ; la troisième section précise comment ils sont liés.

Le système sexagésimal

La plus ancienne mesure des angles divise le tour complet en 360360 arcs égaux, et appelle degré l’angle qui intercepte chacun d’eux : un angle mesure gg degrés si son arc vaut gg fois l’arc d’un degré, de sorte que la mesure en degrés est proportionnelle à la longueur de l’arc. Chaque degré se divise en 6060 minutes, et chaque minute en 6060 secondes. Le système provient de l’astronomie babylonienne, qui comptait en base soixante, comme on l’explique dans la leçon du cours I sur les systèmes de numération de position ; le nombre 360360 a l’avantage d’être divisible par 22, 33, 44, 55, 66, 88, 99, 1010 et 1212, entre autres. Un angle droit mesure 90∘90^\circ, un angle plat mesure 180∘180^\circ et un tour complet, 360∘360^\circ ; un angle négatif se mesure avec le signe moins, de sorte qu’un quart de tour dans le sens des aiguilles d’une montre mesure −90∘-90^\circ. L’angle de 40 degrés, 15 minutes et 36 secondes, que l’on abrège en écrivant après chaque nombre le symbole du degré, une apostrophe pour les minutes et deux pour les secondes, mesure en degrés ce qui est écrit ci-dessous, c’est-à-dire 40,26 degrés :

40+1560+363600=40+14+1100=20135040 + \frac{15}{60} + \frac{36}{3600} = 40 + \frac{1}{4} + \frac{1}{100} = \frac{2013}{50}

Le nombre 360360 est pourtant une convention : rien dans la géométrie du cercle ne le distingue d’un autre nombre. Les formules de la longueur d’un arc et de l’aire d’un secteur, et plus loin celles des fonctions trigonométriques, se simplifient si l’on mesure les angles d’une manière qui naît du cercle lui-même.

Le radian

L’idée est de mesurer un angle par la longueur de l’arc qu’il intercepte sur un cercle de rayon 11 centré en son sommet. Cela exige de savoir ce qu’est la longueur d’un arc, et c’est là qu’apparaît une difficulté : un arc n’est pas une réunion de segments, et sa longueur se définit comme la valeur dont s’approchent les longueurs des lignes polygonales inscrites dans l’arc lorsque leurs côtés deviennent de plus en plus courts, c’est-à-dire au moyen d’une limite. Son étude relève du cours d’Analyse II, où l’on calcule des longueurs de courbes et des aires de régions limitées par des courbes. On admet ici les faits énoncés ci-dessous.

Fait admis (longueurs et aires dans le cercle). Tout arc de cercle a une longueur, et toute région limitée par des segments et des arcs a une aire. Des figures superposables ont la même longueur ou la même aire ; si une figure se décompose en deux figures qui ne se chevauchent pas, sa mesure est la somme des mesures des morceaux ; et si une région en contient une autre, son aire n’est pas plus petite, et elle est strictement plus grande si la différence contient un disque. De plus, si deux cercles ont pour rayons rr et RR, les arcs qu’un même angle au centre intercepte sur eux sont proportionnels aux rayons, et l’aire d’un disque de rayon rr est πr2\pi r^2.

Ce fait est admis sans démonstration, parce que les longueurs des arcs et les aires des régions courbes se définissent au moyen de limites et se calculent avec l’intégrale, dans le cours d’Analyse II. Sa dernière clause suppose connu le nombre π\pi, que l’on définit maintenant : le nombre π\pi est la moitié de la longueur du cercle trigonométrique, c’est-à-dire du cercle de rayon 11. Par la proportionnalité des arcs aux rayons, appliquée à l’angle d’un tour complet, le cercle de rayon rr a pour longueur 2πr2\pi r, et le quotient de la longueur d’un cercle quelconque par son diamètre vaut toujours π\pi. On admet aussi que π\pi est irrationnel, et que son développement décimal commence par 3,14159 ; en particulier, 3<π<43 < \pi < 4.

Pour mesurer les angles, il faut en outre parcourir le cercle par longueur d’arc : partir d’un point et avancer sur le cercle d’une longueur donnée, dans un sens ou dans l’autre, et savoir à quel point on arrive. Tout ce que cette unité dit des angles et des fonctions trigonométriques repose sur ce parcours, de sorte qu’il convient d’énoncer avec précision ce que l’on en admet. On l’énonce dans le plan rapporté à un repère, pour le cercle trigonométrique x2+y2=1x^2 + y^2 = 1 et son point A=(1,0)A = (1, 0) ; comme les longueurs ne changent pas quand on déplace les figures, il vaut de même pour tout cercle de rayon 11 et tout point de départ.

Axiome (parcours par longueur d’arc). Pour chaque nombre réel ss, il existe un unique point P(s)P(s) du cercle trigonométrique auquel on arrive en partant de A=(1,0)A = (1, 0) et en parcourant sur le cercle une longueur ∣s∣\abs{s}, dans le sens inverse des aiguilles d’une montre si s>0s > 0 et dans le sens des aiguilles d’une montre si s<0s < 0, en faisant autant de tours qu’il le faut ; pour s=0s = 0, on a P(0)=AP(0) = A. Ce parcours possède les quatre propriétés énoncées ci-dessous.
  1. Concaténation : si, à partir du point P(s)P(s), on parcourt une longueur t≥0t \geq 0 dans le sens inverse des aiguilles d’une montre, on arrive en P(s+t)P(s + t) ; si on la parcourt dans le sens des aiguilles d’une montre, on arrive en P(s−t)P(s - t).
  2. Périodicité : un tour complet, dans l’un ou l’autre sens, parcourt la longueur 2π2\pi du cercle et ramène au point de départ ; autrement dit, P(s+2π)=P(s)P(s + 2\pi) = P(s) pour tout nombre réel ss.
  3. Demi-tour : le parcours dans le sens inverse des aiguilles d’une montre passe d’abord par le demi-cercle supérieur, de droite à gauche. Précisément, P(π)=(−1,0)P(\pi) = (-1, 0), et si 0≤s<t≤π0 \leq s < t \leq \pi, les points P(s)P(s) et P(t)P(t) ont une ordonnée positive ou nulle et l’abscisse de P(s)P(s) est strictement supérieure à celle de P(t)P(t).
  4. Recouvrement : tout point du cercle trigonométrique est P(s)P(s) pour un certain nombre réel ss.

L’axiome est admis sans démonstration pour la même raison que le fait énoncé avant lui : la longueur d’un arc se définit au moyen d’une limite, et ses propriétés se démontrent dans le cours d’Analyse II ; le recouvrement, qui affirme qu’en parcourant le cercle on ne saute aucun point, repose en outre sur la propriété des valeurs intermédiaires des fonctions continues, qui se démontre dans le cours d’Analyse I. La propriété du demi-tour a une lecture géométrique simple. Si (x,y)(x, y) est sur le cercle trigonométrique, le carré de sa distance au point AA est donné ci-dessous :

(x−1)2+y2=x2+y2−2x+1=2−2x(x - 1)^2 + y^2 = x^2 + y^2 - 2x + 1 = 2 - 2x

Dès lors, dire que l’abscisse décroît strictement le long du demi-cercle supérieur équivaut à dire que la corde qui joint AA au point atteint croît strictement avec l’arc, jusqu’à devenir un diamètre au bout d’un demi-tour. Lorsque, dans la leçon sur les rapports trigonométriques, le cosinus de ss sera défini comme l’abscisse de P(s)P(s), cette propriété dira que le cosinus est strictement décroissant sur [0,π]\icc{0}{\pi} : cette monotonie ne se déduit pas, elle est la clause même du demi-tour lue en coordonnées. Or, de cet axiome, des faits sur les longueurs et les aires et du fait sur les symétries admis plus bas, on déduit tout ce que l’on utilise par ailleurs du parcours : dans cette leçon, le comportement du second demi-tour et le fait qu’un tour ne passe pas deux fois par le même point ; dans la leçon sur les fonctions trigonométriques réciproques, la monotonie du sinus et de la tangente.

Fait admis (symétries et rotation d’un demi-tour). Une symétrie d’axe une droite conserve les distances et, avec elles, les longueurs des arcs, mais elle inverse le sens de rotation : elle transforme un parcours dans le sens inverse des aiguilles d’une montre d’un cercle centré en un point de cette droite en un parcours dans le sens des aiguilles d’une montre de même longueur, et réciproquement. La rotation d’un demi-tour autour d’un point, qui est la composée des symétries d’axes deux droites perpendiculaires passant par ce point, conserve les distances, les longueurs et aussi le sens de rotation.

Ce fait relève de la géométrie élémentaire des déplacements du plan, que ce cours ne développe pas. En coordonnées, la symétrie d’axe l’axe des xx est la transformation (x,y)↦(x,−y)(x, y) \mapsto (x, -y) ; elle envoie le cercle trigonométrique sur lui-même, car x2+(−y)2=x2+y2x^2 + (-y)^2 = x^2 + y^2, et laisse fixe le point A=(1,0)A = (1, 0). Grâce à elle, le second demi-tour du parcours s’obtient à partir du premier.

PropositionLe second demi-tour

Pour tout nombre réel uu, le point P(−u)P(-u) est le symétrique de P(u)P(u) par rapport à l’axe des xx. De plus, si π≤s<t≤2π\pi \leq s < t \leq 2\pi, les points P(s)P(s) et P(t)P(t) ont une ordonnée négative ou nulle et l’abscisse de P(s)P(s) est strictement inférieure à celle de P(t)P(t) : dans son second demi-tour, le parcours dans le sens inverse des aiguilles d’une montre passe par le demi-cercle inférieur, de gauche à droite.

On applique au parcours la symétrie par rapport à l’axe des xx, et la périodicité transporte le premier demi-tour, parcouru à rebours, sur le second. On note (xw,yw)(x_w, y_w) les coordonnées de P(w)P(w), et σ\sigma la symétrie par rapport à l’axe des xx.

Démonstration

  1. σ(x,y)=(x,−y),σ(A)=A\sigma(x, y) = (x, \resaltar{-y}), \quad \sigma(A) = A

    La symétrie σ\sigma change le signe de l’ordonnée, envoie le cercle trigonométrique sur lui-même et laisse fixe le point AA.

  2. P(−u)=σ(P(u))=(xu,−yu)\dato{r}{P(-u) = \resaltar{\sigma(P(u))} = \left( x_u, -y_u \right)}

    Soit u≥0u \geq 0. D’après le fait admis, σ\sigma transforme le parcours dans le sens inverse des aiguilles d’une montre de longueur uu qui part de AA et aboutit en P(u)P(u) en un parcours dans le sens des aiguilles d’une montre de même longueur qui part de AA ; par l’unicité du point dans l’axiome, ce parcours aboutit en P(−u)P(-u). Si u<0u < 0, on applique ce qui précède à −u-u et on prend de nouveau le symétrique, car σ\sigma appliquée deux fois laisse chaque point à sa place.

  3. P(s)=P(−u)=(xu,−yu),P(t)=(xv,−yv)P(s) = P(\resaltar{-u}) = \dato{st}{\resaltar{\left( x_u, -y_u \right)}}, \quad P(t) = \left( x_v, -y_v \right)

    Soient π≤s<t≤2π\pi \leq s < t \leq 2\pi, et soient u=2π−su = 2\pi - s et v=2π−tv = 2\pi - t, qui vérifient 0≤v<u≤π0 \leq v < u \leq \pi. Par la périodicité, P(s)=P(s−2π)=P(−u)P(s) = P(s - 2\pi) = P(-u), qui est le symétrique de P(u)P(u) ; de même, P(t)P(t) est le symétrique de P(v)P(v).

  4. xs=xu<xv=xt,ys=−yu≤0,yt=−yv≤0x_s = \resaltar{x_u < x_v} = x_t, \quad y_s = -y_u \leq 0, \quad y_t = -y_v \leq 0

    Par la propriété du demi-tour, appliquée à v<uv < u dans [0,π]\icc{0}{\pi}, les ordonnées de P(u)P(u) et de P(v)P(v) sont positives ou nulles et l’abscisse de P(v)P(v) est strictement supérieure à celle de P(u)P(u). La symétrie conserve les abscisses et change le signe des ordonnées : on obtient l’énoncé.

Soit un angle orienté de sommet le centre OO du cercle trigonométrique, et soit AA le point où le côté initial coupe ce cercle. Quand le côté tourne, le point AA parcourt un arc du cercle, comme dans l’axiome énoncé plus haut. La mesure en radians de l’angle est la longueur de cet arc, affectée du signe plus si la rotation se fait dans le sens inverse des aiguilles d’une montre et du signe moins si elle se fait dans le sens des aiguilles d’une montre ; si la rotation fait plusieurs tours, chaque tour complet apporte la longueur 2π2\pi du cercle.
ExempleQuelques angles mesurés en radians

La définition permet de mesurer immédiatement les angles qui sont des fractions simples du tour.

Démonstration

  1. L=2πL = 2\pi

    Le cercle trigonométrique a pour centre le sommet OO et pour rayon 11 ; par la définition de π\pi, sa longueur est 2π2\pi. Le côté initial le coupe au point AA.

  2. θ=s\theta = s

    Quand le côté tourne dans le sens inverse des aiguilles d’une montre, le point AA parcourt un arc ; la longueur ss de cet arc est la mesure de l’angle.

  3. s=1→θ=1s = 1 \rightarrow \theta = 1

    Un radian est l’angle dont l’arc a la même longueur que le rayon. Comme 2π2\pi est un peu plus grand que 66, un radian est un peu moins que la sixième partie du tour.

  4. θ=2π4=π2\theta = \frac{\resaltar{2\pi}}{4} = \resaltar{\frac{\pi}{2}}

    Un quart de tour parcourt le quart du cercle : l’angle droit mesure π2\frac{\pi}{2} radians.

  5. θ=π,θ=2π\theta = \pi, \quad \theta = 2\pi

    Un demi-tour parcourt la moitié du cercle, dont la longueur est π\pi par définition ; le tour complet mesure 2π2\pi.

  6. θ=−π2\theta = -\frac{\pi}{2}

    Si le côté tourne d’un quart de tour dans le sens des aiguilles d’une montre, l’arc parcouru a la même longueur, mais l’angle est négatif.

Un angle mesuré en radians est un nombre réel sans dimension : c’est le quotient d’une longueur d’arc par la longueur du rayon, qui vaut 11. C’est pourquoi on écrit simplement θ=2\theta = 2 pour un angle de deux radians ; quand on veut insister sur l’unité de mesure, on écrit 2 rad. En revanche, la mesure en degrés s’indique toujours avec son symbole, comme dans 30∘30^\circ. Réciproquement, tout nombre réel est la mesure d’un angle orienté : par l’axiome du parcours, pour chaque θ\theta, le point AA peut parcourir le cercle sur une longueur ∣θ∣\abs{\theta} dans le sens qu’indique le signe de θ\theta, en faisant autant de tours complets qu’il le faut, et la demi-droite qui va du sommet au point atteint est le côté final.

La conversion entre degrés et radians

Comme le tour complet mesure 360∘360^\circ et aussi 2π2\pi radians, et comme les deux mesures sont proportionnelles à la longueur de l’arc que l’angle intercepte sur le cercle trigonométrique (celle en degrés par la définition du degré, et celle en radians parce qu’elle est cette longueur), les deux mesures d’un angle sont proportionnelles.

ThéorèmeConversion entre degrés et radians

Si un angle mesure gg degrés et θ\theta radians, alors θ=πg180\theta = \frac{\pi g}{180} et g=180θπg = \frac{180 \theta}{\pi}.

La règle s’obtient à partir de la proportion entre l’angle et le tour complet, et s’applique ensuite aux repères remarquables du cercle, les angles qui apparaissent dans les figures élémentaires.

Démonstration

  1. 360∘=2π\dato{v}{360^\circ = 2\pi}

    Un tour complet mesure 360360 degrés et 2π2\pi radians.

  2. θ2π=g360→θ=2πg360=πg180\frac{\theta}{2\pi} = \frac{g}{360} \rightarrow \dato{c}{\theta = \resaltar{\frac{2\pi g}{360}} = \resaltar{\frac{\pi g}{180}}}

    Le quotient d’un angle par le tour complet est le même dans les deux mesures, car toutes deux sont proportionnelles à la longueur de l’arc ; chaque tour supplémentaire ajoute 360∘360^\circ dans l’une et 2π2\pi dans l’autre. En isolant θ\theta, on obtient la règle.

  3. 1∘=π180,1=(180π)∘1^\circ = \frac{\pi}{180}, \quad 1 = \left( \frac{180}{\pi} \right)^\circ

    Avec g=1g = 1 et avec θ=1\theta = 1 : un degré est une petite fraction du radian, et un radian mesure un peu plus de 5757 degrés, car 180π\frac{180}{\pi} vaut environ 57,3.

  4. 30∘=30π180=π6,45∘=π4,60∘=π330^\circ = \resaltar{\frac{30\pi}{180}} = \resaltar{\frac{\pi}{6}}, \quad 45^\circ = \frac{\pi}{4}, \quad 60^\circ = \frac{\pi}{3}

    Les angles de 3030, 4545 et 6060 degrés, qui apparaissent dans le triangle équilatéral et dans le carré, se convertissent en simplifiant la fraction.

  5. 90∘=π2,180∘=π,270∘=3π290^\circ = \frac{\pi}{2}, \quad 180^\circ = \pi, \quad 270^\circ = \frac{3\pi}{2}

    L’angle droit, l’angle plat et trois quarts de tour marquent les demi-axes.

  6. 120∘=2π3,135∘=3π4,150∘=π−π6=5π6120^\circ = \frac{2\pi}{3}, \quad 135^\circ = \frac{3\pi}{4}, \quad 150^\circ = \resaltar{\pi - \frac{\pi}{6}} = \resaltar{\frac{5\pi}{6}}

    Les autres angles remarquables du tour s’obtiennent par addition ou soustraction ; par exemple, 150∘150^\circ vaut 180∘180^\circ moins 30∘30^\circ.

En pratique, pour passer des degrés aux radians, on multiplie par π180\frac{\pi}{180}, et pour passer des radians aux degrés, par 180π\frac{180}{\pi}. Ainsi, 225∘=5π4225^\circ = \frac{5\pi}{4}, −60∘=−π3-60^\circ = -\frac{\pi}{3} et 7π6=210∘\frac{7\pi}{6} = 210^\circ ; l’angle de 22 radians mesure 360π\frac{360}{\pi} degrés, environ 114,6 degrés.

Longueur d’arc et aire d’un secteur

Sur un cercle de rayon rr, un angle au centre θ\theta intercepte un arc, et les deux côtés de l’angle, avec cet arc, limitent un secteur circulaire. La mesure en radians donne à leurs formules une forme particulièrement simple.

ThéorèmeLongueur d’arc et aire du secteur

Sur un cercle de rayon rr, un angle au centre de θ\theta radians, avec 0<θ≤2π0 < \theta \leq 2\pi, intercepte un arc de longueur s=rθs = r\theta, et le secteur qu’il détermine a pour aire A=12r2θ=12rsA = \frac{1}{2} r^2 \theta = \frac{1}{2} rs.

La longueur de l’arc découle de la proportionnalité admise. Pour l’aire, on démontre d’abord la formule lorsque l’angle est une fraction rationnelle du tour, puis on l’étend à tout angle grâce à la densité des rationnels, démontrée dans la leçon du cours I sur la droite réelle.

Démonstration

  1. s1=θs_1 = \theta

    Sur le cercle trigonométrique de même centre, l’angle intercepte un arc de longueur θ\theta, par la définition du radian.

  2. s=rs1=rθs = r \resaltar{s_1} = \dato{s}{\resaltar{r\theta}}

    Par la proportionnalité des arcs aux rayons, l’arc correspondant sur le cercle de rayon rr est rr fois plus grand.

  3. A=pqπr2=12r2θA = \resaltar{\frac{p}{q} \pi r^2} = \dato{f}{\resaltar{\frac{1}{2} r^2 \theta}}

    Si θ=2πpq\theta = \frac{2\pi p}{q}, avec pp et qq entiers naturels et p≤qp \leq q, le disque se divise en qq secteurs superposables d’angle 2πq\frac{2\pi}{q}, chacun d’aire πr2q\frac{\pi r^2}{q}, et le secteur d’angle θ\theta est la réunion de pp d’entre eux.

  4. 2Ar2<φ<θ→A<12r2φ=Aφ≤A\frac{2A}{r^2} < \varphi < \theta \rightarrow A < \resaltar{\frac{1}{2} r^2 \varphi} = A_\varphi \leq A

    Soit maintenant θ\theta quelconque, et l’on suppose que l’aire AA de son secteur est strictement inférieure à 12r2θ\frac{1}{2} r^2 \theta. Par la densité des rationnels, il existe un angle φ\varphi, fraction rationnelle du tour, entre 2Ar2\frac{2A}{r^2} et θ\theta. Son secteur est contenu dans celui de θ\theta, et son aire est donnée par la formule de l’étape qui précède : on aboutit à une contradiction.

  5. A=12r2θ=12rsA = \frac{1}{2} r^2 \theta = \frac{1}{2} r \resaltar{s}

    De même, avec un φ\varphi entre θ\theta et 2Ar2\frac{2A}{r^2}, qui ne dépasse pas le tour parce que le secteur n’excède pas le disque, on écarte que AA soit strictement supérieure à 12r2θ\frac{1}{2} r^2 \theta. Par conséquent, l’aire est celle qui est indiquée, et avec rθ=sr\theta = s on obtient une formule analogue à celle de l’aire d’un triangle de base ss et de hauteur rr.

Si l’angle était mesuré en degrés, les formules comporteraient le facteur de conversion : l’arc serait πrg180\frac{\pi r g}{180} et l’aire du secteur πr2g360\frac{\pi r^2 g}{360}. La simplicité de s=rθs = r\theta est la raison principale de préférer le radian. De plus, la formule donne la mesure d’un angle sur n’importe quel cercle, pas seulement sur le cercle trigonométrique : θ=sr\theta = \frac{s}{r} est le quotient de l’arc par le rayon, et ne dépend pas du rayon choisi.

L’angle inscrit

Un angle dont le sommet est le centre d’un cercle s’appelle un angle au centre. Si AA, BB et CC sont trois points distincts d’un cercle, l’angle que forment en CC les cordes CACA et CBCB s’appelle un angle inscrit, et l’on dit qu’il intercepte l’arc d’extrémités AA et BB qui ne contient pas CC. D’après le théorème démontré plus haut, à un arc de longueur ss d’un cercle de rayon rr correspond l’angle au centre de sr\frac{s}{r} radians, même si ce nombre dépasse π\pi. Pour comparer l’angle inscrit à l’angle au centre, on admet les faits de géométrie élémentaire énoncés ci-dessous, que ce cours ne démontre pas parce qu’il ne développe pas la géométrie synthétique. Les deux premiers mesurent les angles d’un triangle ; les deux derniers sont des faits de position, qui disent comment se répartissent les angles et les arcs quand une demi-droite passe par l’intérieur d’un angle.

Fait admis (angles du triangle et positions sur le cercle). On admet les quatre affirmations énoncées ci-dessous, dans lesquelles les angles non orientés se mesurent en radians, entre 00 et π\pi.
  1. Somme des angles : les trois angles d’un triangle ont pour somme un angle plat, c’est-à-dire π\pi radians.
  2. Triangle isocèle : dans un triangle qui a deux côtés égaux, les angles opposés à ces côtés sont égaux.
  3. Somme d’angles adjacents : si une demi-droite issue du sommet d’un angle passe par son intérieur, elle le divise en deux angles dont la somme des mesures est celle de l’angle donné.
  4. Position du centre : soient AA, BB et CC trois points distincts d’un cercle de centre OO, et soit DD l’autre extrémité du diamètre issu de CC. Si OO n’est ni sur la corde CACA ni sur la corde CBCB, il se produit l’une de deux choses. Ou bien OO est à l’intérieur de l’angle que forment en CC ces cordes, et alors la demi-droite qui va de CC à DD passe par cet intérieur et DD est sur l’arc d’extrémités AA et BB qui ne contient pas CC. Ou bien OO est hors de cet angle, et alors l’un des points AA et BB, que l’on peut appeler AA, est sur l’arc d’extrémités DD et BB qui ne contient pas CC, et la demi-droite qui va de CC à AA passe par l’intérieur de l’angle que forment en CC les cordes CDCD et CBCB.
ThéorèmeL’angle inscrit mesure la moitié de l’arc qu’il intercepte

Soient AA, BB et CC trois points distincts d’un cercle de centre OO et de rayon rr, et soit ss la longueur de l’arc d’extrémités AA et BB qui ne contient pas CC. L’angle inscrit γ\gamma que forment en CC les cordes CACA et CBCB est la moitié de l’angle au centre correspondant à cet arc.

γ=s2r\gamma = \frac{s}{2r}

La démonstration traite d’abord le cas où un côté de l’angle inscrit passe par le centre, et y ramène les deux autres cas du fait admis sur la position du centre au moyen du diamètre issu de CC.

Démonstration

  1. α=γ\dato{i}{\alpha = \gamma}

    On suppose d’abord que le centre OO est sur la corde CBCB, qui est alors un diamètre (le cas où il est sur la corde CACA est identique). Soit α\alpha l’angle en AA du triangle de sommets OO, CC et AA, qui est un véritable triangle car AA, distinct de CC et de BB, n’est pas sur la droite qui les joint ; ce triangle est isocèle, car OAOA et OCOC sont des rayons, et ses angles en CC et en AA sont égaux.

  2. δ=π−(π−α−γ)=α+γ=2γ<π\delta = \pi - \left( \pi - \alpha - \gamma \right) = \resaltar{\alpha + \gamma} = \dato{d}{\resaltar{2\gamma}} < \pi

    Soit δ\delta l’angle au centre que forment les rayons OAOA et OBOB. Comme CC, OO et BB sont alignés, δ\delta et l’angle en OO du triangle ont pour somme π\pi ; comme les trois angles du triangle ont aussi pour somme π\pi, δ\delta est la somme des deux autres. De plus, l’angle en OO est strictement positif, de sorte que α+γ\alpha + \gamma est strictement inférieur à π\pi, et δ\delta aussi.

  3. s=rδ=2rγ→γ=s2rs = r \resaltar{\delta} = \resaltar{2r\gamma} \rightarrow \dato{c}{\gamma = \frac{s}{2r}}

    Les rayons OAOA et OBOB divisent le cercle en deux arcs ; comme δ<π\delta < \pi, d’après le théorème de l’arc, celui que δ\delta intercepte mesure rδr\delta, moins que le demi-cercle, et l’autre, plus. Le point CC, extrémité du diamètre opposée à BB, est à un demi-cercle de BB dans les deux sens, de sorte qu’il n’est pas sur le petit arc : c’est l’arc intercepté par γ\gamma, et s=rδs = r\delta.

  4. γ=s12r+s22r=s1+s22r=s2r\gamma = \frac{s_1}{2r} + \frac{s_2}{2r} = \frac{\resaltar{s_1 + s_2}}{2r} = \frac{\resaltar{s}}{2r}

    Si le centre est à l’intérieur de l’angle, soit DD l’autre extrémité du diamètre issu de CC. D’après le fait admis sur la position du centre, la demi-droite de CC vers DD divise l’angle en deux, chacun ayant un côté qui passe par le centre, dont les mesures ont pour somme γ\gamma par la somme d’angles adjacents ; et DD divise l’arc intercepté en deux arcs, de longueurs s1s_1 et s2s_2, dont la somme est ss. D’après le cas déjà traité, appliqué à chacun des deux angles, on obtient ce qui est écrit ci-dessous.

  5. γ=s22r−s12r=s2−s12r=s2r\gamma = \frac{s_2}{2r} - \frac{s_1}{2r} = \frac{\resaltar{s_2 - s_1}}{2r} = \frac{\resaltar{s}}{2r}

    Si le centre est hors de l’angle, soit de nouveau DD l’autre extrémité du diamètre issu de CC. D’après le fait admis sur la position du centre, on peut supposer que AA est sur l’arc qui va de DD à BB sans passer par CC, et que la demi-droite de CC vers AA divise l’angle de côtés CDCD et CBCB en l’angle de côtés CDCD et CACA et en γ\gamma. Cet arc, de longueur s2s_2, se compose de l’arc qui va de DD à AA, de longueur s1s_1, et de l’arc intercepté par γ\gamma ; et γ\gamma est la différence de deux angles ayant un côté qui passe par le centre.

CorollaireAngles inscrits sur une même corde

Deux angles inscrits de mêmes extrémités AA et BB sont égaux si leurs sommets sont sur le même des deux arcs que la corde ABAB détermine, et supplémentaires s’ils sont sur des arcs différents. En particulier, tout angle inscrit dans un demi-cercle, c’est-à-dire dont les extrémités AA et BB sont celles d’un diamètre, est droit.

Il suffit de lire, dans chaque cas, quel arc intercepte chaque angle, et d’appliquer le théorème. Soient CC et C′C' les sommets, γ\gamma et γ′\gamma' les angles, et ss la longueur de l’arc d’extrémités AA et BB qui ne contient pas CC.

Démonstration

  1. γ=s2r=γ′\dato{g}{\gamma = \frac{s}{2r}} = \gamma'

    Si C′C' est sur le même arc que CC, les deux angles interceptent l’autre arc, de longueur ss, et d’après le théorème ils ont la même mesure.

  2. γ+γ′=s2r+2πr−s2r=π\gamma + \gamma' = \frac{s}{2r} + \frac{\resaltar{2\pi r - s}}{2r} = \resaltar{\pi}

    Si C′C' est sur l’autre arc, il intercepte l’arc qui contient CC, dont la longueur est ce qui manque à ss pour compléter le cercle ; les deux mesures ont pour somme un angle plat.

  3. s=πr→γ=πr2r=π2s = \pi r \rightarrow \gamma = \frac{\resaltar{\pi r}}{2r} = \resaltar{\frac{\pi}{2}}

    Si ABAB est un diamètre, les deux arcs sont des demi-cercles, de longueur πr\pi r, et l’angle est droit ; ce cas particulier est connu sous le nom de théorème de Thalès.

Les points qui ne sont pas sur le cercle voient la corde sous d’autres angles. Le résultat énoncé ci-dessous est lui aussi admis de la géométrie élémentaire : il découle du théorème démontré plus haut et de la proposition 21 du livre I des Éléments d’Euclide, selon laquelle un point intérieur à un triangle voit l’un de ses côtés sous un angle plus grand que le sommet opposé ; mais sa démonstration exige de savoir où les segments issus du point coupent le cercle, une question de position que ce cours ne développe pas. Il servira dans le dernier problème résolu de la leçon sur les fonctions trigonométriques réciproques.

Fait admis (angles depuis des points intérieurs et extérieurs). Soient AA et BB deux points d’un cercle, et γ\gamma la mesure commune des angles inscrits d’extrémités AA et BB dont le sommet est sur l’un des deux arcs que ces points déterminent. Si QQ est un point qui n’est pas sur le cercle, situé du même côté de la droite ABAB que cet arc, l’angle que forment en QQ les segments QAQA et QBQB est strictement inférieur à γ\gamma si QQ est extérieur au disque, et strictement supérieur à γ\gamma s’il est intérieur.

Position standard et angles coterminaux

Dans le plan rapporté à un repère, étudié dans la leçon du cours I sur l’équation de la droite et les repères cartésiens, chaque angle a une position privilégiée.

Un angle orienté est en position standard si son sommet est l’origine et si son côté initial est le demi-axe des xx positifs. Son côté final est alors la demi-droite issue de l’origine qui passe par le point P(θ)P(\theta) de l’axiome du parcours, c’est-à-dire le point du cercle trigonométrique x2+y2=1x^2 + y^2 = 1 auquel on arrive en parcourant, depuis (1,0)(1, 0), un arc de longueur ∣θ∣\abs{\theta} dans le sens qu’indique le signe de θ\theta. Deux angles sont coterminaux si, en position standard, ils ont le même côté final.

Les axes divisent le plan en quatre quadrants, numérotés dans le sens inverse des aiguilles d’une montre à partir de celui qui contient les points de coordonnées strictement positives. Un angle en position standard est dans le quadrant qui contient son côté final ; si celui-ci tombe sur un axe, l’angle est dit quadrantal. Les coordonnées du point P(θ)P(\theta) sont le cosinus et le sinus de θ\theta, que l’on étudiera dans la leçon qui vient après celle-ci, sur les rapports trigonométriques.

Un tour complet, dans l’un ou l’autre sens, ramène le côté à sa position, par la périodicité du parcours : l’angle θ+2π\theta + 2\pi est coterminal avec θ\theta, de même que θ−2π\theta - 2\pi, θ+4π\theta + 4\pi et, en général, θ+2kπ\theta + 2k\pi avec kk entier. Pour savoir où aboutit un angle quelconque, il suffit donc de décompter les tours complets, comme on décompte les multiples du diviseur dans la leçon du cours I sur la divisibilité et la division euclidienne. Le théorème énoncé ci-dessous est la version réelle de cette division : le diviseur est 2π2\pi, le quotient est le nombre de tours et le reste, l’angle qui demeure.

ThéorèmeRéduction au premier tour

Pour tout nombre réel θ\theta, il existe un unique entier kk et un unique réel θ0\theta_0 tels que θ=θ0+2kπ\theta = \theta_0 + 2k\pi et 0≤θ0<2π0 \leq \theta_0 < 2\pi.

L’existence repose sur la propriété d’Archimède, démontrée dans la leçon du cours I sur le développement décimal des nombres rationnels, et l’unicité sur le fait qu’un entier compris strictement entre −1-1 et 11 est nul.

Démonstration

  1. k≤θ2π<k+1\dato{k}{k \leq \frac{\theta}{2\pi} < k + 1}

    Soit θ\theta un nombre réel. Par la propriété d’Archimède et le principe du bon ordre, comme dans la démonstration de la densité des rationnels de la leçon sur la droite réelle, il existe un plus petit entier mm strictement supérieur à θ2π\frac{\theta}{2\pi} ; soit k=m−1k = m - 1, qui n’est plus strictement supérieur à ce nombre.

  2. 2kπ≤θ<2kπ+2π→0≤θ−2kπ<2π\resaltar{2k\pi \leq \theta < 2k\pi + 2\pi} \rightarrow \resaltar{0 \leq \theta - 2k\pi < 2\pi}

    On multiplie par 2π2\pi, qui est strictement positif, et on retranche 2kπ2k\pi aux trois membres.

  3. θ=θ0+2kπ,θ0∈[0,2π)\dato{e}{\theta = \theta_0 + 2k\pi, \quad \theta_0 \in \ico{0}{2\pi}}

    Soit θ0=θ−2kπ\theta_0 = \theta - 2k\pi. Alors θ\theta consiste en kk tours complets suivis de l’angle θ0\theta_0, qui est dans le premier tour : θ\theta et θ0\theta_0 sont coterminaux.

  4. 2π(k−j)=θ1−θ0,−2π<θ1−θ0<2π\dato{d}{2\pi(k - j) = \theta_1 - \theta_0}, \quad -2\pi < \theta_1 - \theta_0 < 2\pi

    Pour l’unicité, on suppose que l’on a aussi θ=θ1+2jπ\theta = \theta_1 + 2j\pi, avec jj entier et 0≤θ1<2π0 \leq \theta_1 < 2\pi. En soustrayant les deux écritures, la différence θ1−θ0\theta_1 - \theta_0 est un multiple entier de 2π2\pi ; et comme les deux nombres sont dans l’intervalle [0,2π)\ico{0}{2\pi}, cette différence est comprise entre −2π-2\pi et 2π2\pi.

  5. ∣k−j∣<1→k=j→θ1=θ0\abs{k - j} < 1 \rightarrow k = j \rightarrow \theta_1 = \theta_0

    En divisant par 2π2\pi, l’entier k−jk - j est strictement compris entre −1-1 et 11 : il est nul. Par conséquent, j=kj = k et, par l’égalité obtenue plus haut, θ1=θ0\theta_1 = \theta_0.

  6. θ0=−23π6+4π=π6\theta_0 = \resaltar{-\frac{23\pi}{6} + 4\pi} = \resaltar{\frac{\pi}{6}}

    Par exemple, pour θ=−23π6\theta = -\frac{23\pi}{6} on a θ2π=−2312\frac{\theta}{2\pi} = -\frac{23}{12}, qui est compris entre −2-2 et −1-1 : on a k=−2k = -2, et l’angle fait presque deux tours dans le sens des aiguilles d’une montre pour aboutir au côté de π6\frac{\pi}{6}.

Le nombre θ0\theta_0 s’appelle la réduction de θ\theta au premier tour. En degrés, le même raisonnement, avec 360360 au lieu de 2π2\pi, ramène tout angle à un angle compris entre 0∘0^\circ et 360∘360^\circ, ce dernier exclu : par exemple, 1000∘=280∘+2⋅360∘1000^\circ = 280^\circ + 2 \cdot 360^\circ. La réduction permet de reconnaître tous les angles qui aboutissent à un même côté ; auparavant, il faut savoir qu’un tour ne passe pas deux fois par le même point, ce qui se déduit de l’axiome du parcours.

LemmeUn tour ne répète pas de points

Si 0≤α<β<2π0 \leq \alpha < \beta < 2\pi, alors P(α)≠P(β)P(\alpha) \neq P(\beta).

On sépare les cas selon le demi-tour où se trouvent α\alpha et β\beta : dans chacun, l’abscisse est strictement monotone ; de l’un à l’autre, le signe de l’ordonnée change. On note (xs,ys)(x_s, y_s) les coordonnées de P(s)P(s).

Démonstration

  1. 0<s<π∨π<s<2π→−1<xs<10 < s < \pi \vee \pi < s < 2\pi \rightarrow \dato{x}{-1 < x_s < 1}

    Par la propriété du demi-tour, quand ss croît de 00 à π\pi, l’abscisse de P(s)P(s) décroît strictement de 11 à −1-1 ; par la proposition du second demi-tour, quand ss croît de π\pi à 2π2\pi, elle croît strictement de −1-1 jusqu’à l’abscisse de P(2π)P(2\pi), qui par la périodicité est P(0)=(1,0)P(0) = (1, 0).

  2. ys2=1−xs2>0→π<s<2π→ys<0y_s^2 = \resaltar{1 - x_s^2} > 0 \rightarrow \dato{y}{\pi < s < 2\pi \rightarrow y_s < 0}

    Dans ces cas, l’ordonnée n’est pas nulle, car son carré est 1−xs2>01 - x_s^2 > 0 : elle est strictement positive dans le premier demi-tour, car elle y est positive ou nulle, et strictement négative dans le second, car elle y est négative ou nulle.

  3. xα≠xβ→P(α)≠P(β)x_\alpha \neq x_\beta \rightarrow P(\alpha) \neq P(\beta)

    Si α\alpha et β\beta sont tous deux dans [0,π]\icc{0}{\pi}, ou tous deux dans [π,2π)\ico{\pi}{2\pi}, les deux points ont des abscisses distinctes, par la stricte monotonie dans chaque demi-tour.

  4. yβ<0≤yα→P(α)≠P(β)\resaltar{y_\beta < 0 \leq y_\alpha} \rightarrow P(\alpha) \neq P(\beta)

    Si α<π<β\alpha < \pi < \beta, le point P(β)P(\beta) a une ordonnée strictement négative, tandis que celle de P(α)P(\alpha), dans le premier demi-tour, est positive ou nulle. Dans tous les cas, les deux points sont distincts.

LemmeAngles coterminaux

Deux angles θ\theta et φ\varphi sont coterminaux si et seulement si leur différence est un multiple entier de 2π2\pi, c’est-à-dire s’il existe un entier kk tel que θ−φ=2kπ\theta - \varphi = 2k\pi. En particulier, ils sont coterminaux si et seulement s’ils ont la même réduction au premier tour.

On remplace chaque angle par sa réduction, et le lemme qui vient d’être démontré compare les réductions.

Démonstration

  1. P(θ)=P(θ0),P(φ)=P(φ0)\dato{p}{P(\theta) = P(\resaltar{\theta_0}), \quad P(\varphi) = P(\resaltar{\varphi_0})}

    D’après le théorème de réduction, θ=θ0+2kπ\theta = \theta_0 + 2k\pi et φ=φ0+2jπ\varphi = \varphi_0 + 2j\pi, avec θ0\theta_0 et φ0\varphi_0 dans [0,2π)\ico{0}{2\pi} ; par la périodicité du parcours, les tours complets ne changent pas le point, et le côté final de chaque angle est celui de sa réduction.

  2. P(θ)=P(φ)↔θ0=φ0\dato{c}{P(\theta) = P(\varphi) \leftrightarrow \theta_0 = \varphi_0}

    Si θ0≠φ0\theta_0 \neq \varphi_0, d’après le lemme qui vient d’être démontré, les points P(θ0)P(\theta_0) et P(φ0)P(\varphi_0) sont distincts, et les côtés finaux aussi ; s’ils sont égaux, les côtés coïncident. Par conséquent, les angles sont coterminaux si et seulement s’ils ont la même réduction.

  3. θ0=φ0→θ−φ=2(k−j)π,θ−φ=2mπ→θ=φ0+2(j+m)π→θ0=φ0\theta_0 = \varphi_0 \rightarrow \theta - \varphi = \resaltar{2(k - j)\pi}, \qquad \theta - \varphi = 2m\pi \rightarrow \theta = \varphi_0 + \resaltar{2(j + m)\pi} \rightarrow \theta_0 = \varphi_0

    Si les réductions sont égales, la différence est un multiple entier de 2π2\pi. Réciproquement, si θ−φ=2mπ\theta - \varphi = 2m\pi, alors θ=φ0+2(j+m)π\theta = \varphi_0 + 2(j + m)\pi, et par l’unicité de la réduction, θ0=φ0\theta_0 = \varphi_0.

Il s’ensuit que les angles coterminaux avec θ\theta sont exactement ceux de la forme θ+2kπ\theta + 2k\pi, avec kk entier, et que le quadrant d’un angle est décidé par sa réduction : il est dans le premier quadrant si 0<θ0<π20 < \theta_0 < \frac{\pi}{2}, dans le deuxième si π2<θ0<π\frac{\pi}{2} < \theta_0 < \pi, dans le troisième si π<θ0<3π2\pi < \theta_0 < \frac{3\pi}{2} et dans le quatrième si 3π2<θ0<2π\frac{3\pi}{2} < \theta_0 < 2\pi ; il est quadrantal si θ0\theta_0 vaut 00, π2\frac{\pi}{2}, π\pi ou 3π2\frac{3\pi}{2}. Ainsi, −23π6-\frac{23\pi}{6} est dans le premier quadrant, et 1000∘1000^\circ, dont la réduction est 280∘280^\circ, dans le quatrième.

Enfin, tout point du cercle trigonométrique est le point P(θ)P(\theta) d’un certain angle : c’est la propriété de recouvrement de l’axiome du parcours, qui dit qu’en parcourant le cercle depuis (1,0)(1, 0) on passe par tous ses points. Dès lors, par la réduction au premier tour, la périodicité et le lemme des angles coterminaux, chaque point du cercle trigonométrique est P(θ)P(\theta) pour un unique θ\theta dans [0,2π)\ico{0}{2\pi}, et les angles qui lui correspondent sont exactement les angles coterminaux avec ce θ\theta.

Vitesse angulaire et vitesse linéaire

Quand un corps tourne autour d’un axe, tous ses points décrivent des arcs de cercle centrés sur l’axe, et tous tournent du même angle dans le même temps. Si, pendant un temps tt, le corps tourne, à rythme constant, d’un angle θ\theta, sa vitesse angulaire est le quotient ω=θt\omega = \frac{\theta}{t}, qui se mesure en radians par seconde ; elle s’exprime aussi en tours par minute, et comme un tour vaut 2π2\pi radians et une minute, 6060 secondes, un tour par minute équivaut à π30\frac{\pi}{30} radians par seconde.

Un point situé à la distance rr de l’axe parcourt, pendant ce temps, un arc de longueur s=rθs = r\theta, d’après le théorème de la longueur d’arc. Sa vitesse linéaire, quotient de la distance parcourue par le temps, est donc le produit du rayon par la vitesse angulaire :

v=st=rθt=rωv = \frac{s}{t} = \frac{r\theta}{t} = r\omega

Il s’ensuit que, dans un corps qui tourne, la vitesse angulaire est la même pour tous les points, tandis que la vitesse linéaire croît proportionnellement à la distance à l’axe : le bord d’un disque qui tourne se déplace plus vite que les points proches du centre. Cette relation, valable seulement si les angles sont mesurés en radians, est le point de départ de l’étude du mouvement circulaire dans le cours de Fondements de la mécanique. Deux roues reliées par une courroie ou une chaîne qui ne glisse pas, ou qui engrènent l’une avec l’autre, ont au point de contact la même vitesse linéaire ; par conséquent, ω1r1=ω2r2\omega_1 r_1 = \omega_2 r_2, et la roue la plus petite tourne plus vite, comme on le verra dans le problème résolu 3.

Problèmes résolus

Les problèmes mesurent la Terre à partir d’un angle, calculent l’aire d’un segment circulaire, transmettent une rotation par une chaîne, cherchent le secteur d’aire maximale de périmètre donné et comptent les superpositions des aiguilles d’une montre. Chacun exige une idée propre, qu’il convient de chercher avant de lire la solution.

Problème résolu 1La mesure de la Terre selon Ératosthène

Vers l’an 240 avant notre ère, Ératosthène observa qu’à midi, au solstice d’été, le Soleil éclairait le fond des puits de Syène, tandis qu’à Alexandrie, située au nord et, selon ce qu’il supposa, sur le même méridien, les rayons formaient avec la verticale un angle de 7 degrés et 12 minutes. En prenant 800 km pour la distance entre les deux villes, calculer le rayon de la Terre et la longueur du méridien, la longueur de l’arc de méridien qui correspond à une minute et la distance, le long du méridien, de l’équateur à un point de latitude 33∘33^\circ.

Solution

  1. α=7∘+(1260)∘=(365)∘\alpha = 7^\circ + \resaltar{\left( \frac{12}{60} \right)^\circ} = \resaltar{\left( \frac{36}{5} \right)^\circ}

    L’angle, exprimé en degrés, vaut 77 plus douze soixantièmes ; c’est la cinquantième partie du tour, car 365⋅50=360\frac{36}{5} \cdot 50 = 360.

  2. θ=365π180=π25\theta = \frac{\resaltar{\frac{36}{5}} \pi}{180} = \dato{t}{\resaltar{\frac{\pi}{25}}}

    Comme les rayons du Soleil arrivent parallèles et qu’à Syène ils tombent dans la direction du rayon terrestre, l’angle à Alexandrie entre le rayon lumineux et la verticale est égal à celui que forment au centre de la Terre les rayons terrestres des deux villes : ce sont des angles alternes-internes entre parallèles. En radians, d’après la règle de conversion, il vaut ce qui est écrit ci-dessous.

  3. R=sθ=800π25=20000πR = \frac{s}{\theta} = \frac{\resaltar{800}}{\resaltar{\frac{\pi}{25}}} = \dato{r}{\resaltar{\frac{20000}{\pi}}}

    Les 800 km sont l’arc de méridien qu’intercepte cet angle au centre. De s=Rθs = R\theta on tire le rayon, environ 6366 km.

  4. 2πR=2π⋅20000π=400002\pi R = 2\pi \cdot \resaltar{\frac{20000}{\pi}} = \resaltar{40000}

    La longueur du méridien est celle du cercle de rayon RR ; c’est aussi 5050 fois la distance entre les deux villes.

  5. s=20000π⋅π10800=5027s = \frac{20000}{\pi} \cdot \resaltar{\frac{\pi}{10800}} = \resaltar{\frac{50}{27}}

    Une minute est la soixantième partie d’un degré, c’est-à-dire π10800\frac{\pi}{10800} radians. Son arc mesure environ 1,852 km : c’est le mille marin, qui fut défini précisément ainsi.

  6. s=20000π⋅11π60=110003s = \frac{20000}{\pi} \cdot \resaltar{\frac{11\pi}{60}} = \resaltar{\frac{11000}{3}}

    La latitude d’un point est l’angle que forme son rayon avec le plan de l’équateur ; 33∘33^\circ font 11π60\frac{11\pi}{60} radians. La distance demandée est d’environ 3667 km.

Ératosthène exprima la distance en stades, dont la valeur exacte est discutée ; avec le nombre adopté ici, le méridien mesure 40000 km, et ce n’est pas un hasard : à la fin du XVIIIe siècle, le mètre fut défini comme la dix-millionième partie du quart de méridien. Par ailleurs, Alexandrie n’est pas exactement au nord de Syène, mais environ trois degrés plus à l’ouest, de sorte que l’arc qui les joint n’est pas tout à fait un arc de méridien.

Problème résolu 2Le segment circulaire de soixante degrés

Une corde d’extrémités AA et BB, sur un cercle de centre OO et de rayon rr, sous-tend un angle au centre de π3\frac{\pi}{3}. Calculer l’aire du segment circulaire limité par la corde et le petit arc d’extrémités AA et BB, et la fraction du disque qu’il occupe.

Solution

  1. As=12r2⋅π3=πr26A_s = \frac{1}{2} r^2 \cdot \resaltar{\frac{\pi}{3}} = \dato{s}{\resaltar{\frac{\pi r^2}{6}}}

    Le segment circulaire est ce qui reste du secteur de sommet OO et d’extrémités AA et BB quand on lui retire le triangle de sommets OO, AA et BB. L’aire du secteur est donnée par le théorème du secteur.

  2. π−π32=π3\frac{\resaltar{\pi - \frac{\pi}{3}}}{2} = \resaltar{\frac{\pi}{3}}

    Ce triangle a deux côtés égaux au rayon : il est isocèle, et ses angles en AA et en BB sont égaux. Comme les trois angles d’un triangle ont pour somme π\pi, d’après le fait admis dans cette leçon, chacun d’eux mesure π3\frac{\pi}{3}, et le triangle est équilatéral, de côté rr.

  3. h=32r,At=12r⋅32r=34r2h = \frac{\sqrt{3}}{2} r, \quad A_t = \frac{1}{2} r \cdot \resaltar{\frac{\sqrt{3}}{2} r} = \dato{t}{\resaltar{\frac{\sqrt{3}}{4} r^2}}

    La hauteur issue de OO coupe la base en son milieu ; d’après le théorème de Pythagore, son carré est r2−r24r^2 - \frac{r^2}{4}. L’aire du triangle est la moitié de la base fois la hauteur.

  4. A=πr26−34r2=2π−3312r2A = \resaltar{\frac{\pi r^2}{6} - \frac{\sqrt{3}}{4} r^2} = \dato{a}{\resaltar{\frac{2\pi - 3\sqrt{3}}{12} r^2}}

    L’aire du segment circulaire est la différence, avec le dénominateur commun 1212 ; elle est strictement positive, car 2π>6>332\pi > 6 > 3\sqrt{3}.

  5. Aπr2=2π−3312π\frac{A}{\pi r^2} = \frac{2\pi - 3\sqrt{3}}{12\pi}

    En divisant par l’aire du disque, on voit que le segment circulaire occupe environ 2,9 pour cent du disque ; le secteur en occupe la sixième partie, et le triangle remplit près de 83 pour cent du secteur.

Problème résolu 3La chaîne d’un vélo

Sur un vélo, la chaîne relie le plateau, de rayon 1010 cm, qu’entraînent les pédales, au pignon, de rayon 44 cm, solidaire de l’axe de la roue arrière, dont le rayon est 3535 cm. Si la personne à vélo fait un tour de pédalier par seconde, calculer la vitesse angulaire de la roue et la vitesse du vélo, en supposant que la chaîne ne glisse pas et que la roue roule sans glisser.

Solution

  1. ω1=2π\omega_1 = \dato{w}{2\pi}

    Un tour par seconde, ce sont 2π2\pi radians par seconde : c’est la vitesse angulaire du plateau.

  2. v=r1ω1=10⋅2π=20πv = r_1 \omega_1 = 10 \cdot \resaltar{2\pi} = \dato{v}{\resaltar{20\pi}}

    La chaîne tout entière se déplace à une même vitesse, qui est la vitesse linéaire du bord du plateau, en centimètres par seconde.

  3. ω2=vr2=20π4=5π\omega_2 = \frac{v}{r_2} = \frac{\resaltar{20\pi}}{\resaltar{4}} = \dato{p}{\resaltar{5\pi}}

    La chaîne entraîne le bord du pignon à la même vitesse linéaire ; de ω1r1=ω2r2\omega_1 r_1 = \omega_2 r_2 on tire la vitesse angulaire du pignon : deux tours et demi par seconde.

  4. vr=35⋅5π=175πv_r = 35 \cdot \resaltar{5\pi} = \dato{b}{\resaltar{175\pi}}

    La roue est solidaire de l’axe du pignon et tourne à la même vitesse angulaire, mais son bord est beaucoup plus loin de l’axe, et sa vitesse linéaire est beaucoup plus grande, en centimètres par seconde.

  5. 175π⋅3600100000=63π10175\pi \cdot \resaltar{\frac{3600}{100000}} = \resaltar{\frac{63\pi}{10}}

    Si la roue ne glisse pas, à chaque tour le vélo avance de la longueur du cercle de la roue, qui se pose peu à peu sur le sol : sa vitesse est celle du bord de la roue. Un centimètre par seconde vaut 3600100000\frac{3600}{100000} kilomètre par heure, de sorte que le vélo avance à environ 19,8 kilomètres par heure.

Problème résolu 4Le secteur de périmètre fixé et d’aire maximale

Avec un fil de fer de longueur PP, on forme le contour d’un secteur circulaire : deux rayons et l’arc qui les joint. Trouver le rayon et l’angle du secteur d’aire maximale, et la valeur de cette aire.

Solution

  1. P=2r+s→s=P−2rP = 2r + s \rightarrow \dato{s}{s = P - 2r}

    Si le rayon est rr et l’angle θ\theta, le contour se compose de deux rayons et d’un arc de longueur s=rθs = r\theta.

  2. A=12rs=12r(P−2r)=Pr2−r2A = \frac{1}{2} r \resaltar{s} = \frac{1}{2} r \resaltar{(P - 2r)} = \dato{a}{\frac{Pr}{2} - r^2}

    D’après le théorème du secteur, l’aire est la moitié du rayon fois l’arc : c’est une fonction du second degré du rayon.

  3. P2+2π≤r<P2\dato{d}{\frac{P}{2 + 2\pi} \leq r < \frac{P}{2}}

    L’arc doit être strictement positif et ne pas dépasser le cercle entier, c’est-à-dire 0<θ≤2π0 < \theta \leq 2\pi ; de P−2r>0P - 2r > 0 et P−2r≤2πrP - 2r \leq 2\pi r résulte l’intervalle des rayons possibles.

  4. A=P216−(r−P4)2≤P216A = \resaltar{\frac{P^2}{16} - \left( r - \frac{P}{4} \right)^2} \leq \resaltar{\frac{P^2}{16}}

    En complétant le carré, l’aire est un nombre fixé moins un carré. Sa courbe représentative, en fonction de rr, est la parabole (r−P4)2=−(A−P216)\left( r - \frac{P}{4} \right)^2 = -\left( A - \frac{P^2}{16} \right), tournée vers le bas ; d’après le théorème du sommet de la leçon du cours I sur la caractérisation des paraboles, son point le plus haut est le sommet.

  5. r=P4,A=P216r = \frac{P}{4}, \quad A = \frac{P^2}{16}

    L’abscisse du sommet, P4\frac{P}{4}, appartient à l’intervalle des rayons possibles, car 2+2π>42 + 2\pi > 4. Par conséquent, l’aire maximale est atteinte exactement pour ce rayon.

  6. θ=sr=P−P2P4=2\theta = \frac{s}{r} = \frac{\resaltar{P - \frac{P}{2}}}{\frac{P}{4}} = \resaltar{2}

    L’arc correspondant mesure P2\frac{P}{2}, et l’angle est le quotient de l’arc par le rayon : 22 radians, environ 114,6 degrés, quel que soit PP. Curieusement, l’aire maximale est celle du carré de périmètre PP.

Problème résolu 5Les aiguilles de la montre

Calculer l’angle que forment les aiguilles d’une montre à 3 h 40. Démontrer ensuite qu’entre 12 h 00 et les 12 h 00 d’après (ces dernières exclues), les aiguilles se superposent exactement onze fois, séparées par des intervalles égaux de 1211\frac{12}{11} heures.

Solution

  1. αm=360t,αh=30t\dato{p}{\alpha_m = 360t, \quad \alpha_h = 30t}

    On mesure la position de chaque aiguille par l’angle, en degrés et dans le sens des aiguilles d’une montre, dont elle a tourné depuis 12 h 00. Au bout de tt heures, la grande aiguille a fait tt tours, et la petite aiguille, qui fait un tour toutes les 12 heures, a tourné de 30∘30^\circ par heure.

  2. αm=360⋅113=1320∘=240∘+3⋅360∘\alpha_m = 360 \cdot \frac{11}{3} = \resaltar{1320^\circ} = \resaltar{240^\circ + 3 \cdot 360^\circ}

    À 3 h 40, il s’est écoulé 3+4060=1133 + \frac{40}{60} = \frac{11}{3} heures. La grande aiguille a fait trois tours complets, qui ne changent pas sa position, et elle se trouve à la réduction de son angle.

  3. αh=30⋅113=110∘\alpha_h = 30 \cdot \resaltar{\frac{11}{3}} = \resaltar{110^\circ}

    La petite aiguille n’a achevé aucun tour.

  4. 240∘−110∘=130∘=13π18240^\circ - 110^\circ = \resaltar{130^\circ} = \resaltar{\frac{13\pi}{18}}

    La différence des positions réduites est strictement inférieure à 180∘180^\circ, de sorte que c’est l’angle que forment les aiguilles, en degrés et en radians.

  5. 360t−30t=330t=360k↔t=12k11,k∈Z360t - 30t = 330t = 360k \leftrightarrow \dato{t}{t = \frac{12k}{11}}, \quad k \in \mathbb{Z}

    Les aiguilles se superposent quand leurs angles sont coterminaux, c’est-à-dire, d’après le lemme des angles coterminaux, quand leur différence est un multiple entier d’un tour.

  6. 0≤12k11<12↔0≤k<110 \leq \frac{12k}{11} < 12 \leftrightarrow 0 \leq k < 11

    La condition 0≤t<120 \leq t < 12 équivaut à 0≤k<110 \leq k < 11 : il y a exactement onze superpositions, pour k=0,1,…,10k = 0, 1, \ldots, 10, et deux superpositions consécutives sont séparées de 1211\frac{12}{11} heures, soit environ une heure, 5 minutes et 27 secondes. Les positions de la petite aiguille, 360k11\frac{360k}{11} degrés, sont les sommets d’un hendécagone régulier.

Problèmes proposés

Les problèmes suivent les idées de la leçon : transformer un secteur en cône, estimer la longueur d’une spirale en additionnant des cercles, décomposer une bande en parties rectilignes et en arcs dont les angles au centre s’additionnent, et ramener les angles au premier tour grâce aux angles coterminaux pour compter des positions et des instants. Chacun a une indication, qu’il vaut mieux n’ouvrir qu’après avoir cherché ; ceux qui demandent une démonstration ont en outre une solution détaillée.

Problème proposé 1Un cône en papier

On découpe dans une feuille un secteur circulaire de rayon 1212 cm et d’angle 120∘120^\circ, et on colle ses deux rayons pour former la surface latérale d’un cône. Calculer le rayon de la base et la hauteur du cône.

Indice

L’arc du secteur devient le cercle de la base, et le rayon du secteur, la distance du sommet du cône à un point quelconque de ce cercle. La hauteur s’obtient ensuite avec le théorème de Pythagore.

Réponse

Le rayon de la base est 44 cm et la hauteur, 828\sqrt{2} cm.

Problème proposé 2La piste d’un disque compact

Sur un disque compact, l’information est gravée le long d’une seule piste en spirale, qui commence à 2,3 cm du centre et se termine à 5,8 cm ; deux spires consécutives sont distantes de 1,6 micromètre. La tête de lecture parcourt la piste à une vitesse linéaire constante de 1,2 mètre par seconde. Estimer la longueur de la piste et la durée d’une lecture complète, en assimilant chaque spire à un cercle centré sur l’axe du disque.

Indice

Si rr et RR sont les rayons initial et final et si pp est l’écart entre spires, il y a N=R−rpN = \frac{R - r}{p} spires, de rayons rr, r+pr + p, r+2pr + 2p, et ainsi de suite. Leurs longueurs forment une suite arithmétique, dont la somme a été calculée dans la leçon du cours I sur les sommes, les suites arithmétiques et géométriques et la récurrence ; le résultat est très proche de l’aire de la couronne divisée par l’écart. Prends garde aux unités de mesure.

Réponse

La spirale fait 2187521875 tours, et sa longueur vaut approximativement ce qui est écrit ci-dessous, environ 5,57 km ; la lecture complète dure environ 4640 secondes, c’est-à-dire environ 77 minutes.

L≈π(R2−r2)pL \approx \frac{\pi \left( R^2 - r^2 \right)}{p}
Problème proposé 3La bande qui lie trois tubes

Trois tubes cylindriques identiques, de rayon rr, sont placés parallèlement, chacun appuyé sur les deux autres, et liés par une bande tendue qui les entoure. Démontrer que la bande mesure 6r+2πr6r + 2\pi r, et calculer sa longueur pour des tubes de 5 cm de rayon.

Indice

Dans une coupe perpendiculaire aux tubes, chaque partie rectiligne de la bande forme un rectangle avec les rayons menés à ses points de contact et avec un côté du triangle des centres. Pour les arcs, calcule l’angle au centre qu’embrasse la bande sur chaque tube, et utilise la somme des angles d’un triangle.

Réponse

La bande se compose de trois parties rectilignes de longueur 2r2r et de trois arcs qui forment ensemble un cercle complet. Pour r=5r = 5, elle mesure 30+10π30 + 10\pi cm, environ 61,4 cm.

Solution détaillée

Solution

  1. d⁡(A,B)=d⁡(B,C)=d⁡(C,A)=2r\operatorname{d}(A, B) = \operatorname{d}(B, C) = \operatorname{d}(C, A) = \dato{l}{2r}

    On coupe le faisceau par un plan perpendiculaire aux tubes : on voit trois cercles de rayon rr, de centres AA, BB et CC. Deux cercles tangents extérieurement ont leurs centres à une distance égale à la somme des rayons, de sorte que le triangle des centres est équilatéral, de côté 2r2r.

  2. d⁡(T,T′)=d⁡(A,B)=2r→3⋅2r=6r\operatorname{d}(T, T') = \resaltar{\operatorname{d}(A, B)} = \resaltar{2r} \rightarrow \dato{t}{3 \cdot 2r = 6r}

    Chaque partie rectiligne de la bande touche deux tubes, par exemple ceux de centres AA et BB, en deux points TT et T′T'. Le rayon mené au point de contact est perpendiculaire à la tangente, d’après la leçon du cours I sur le cercle ; les rayons ATAT et BT′BT' sont perpendiculaires à la même droite, égaux et du même côté de celle-ci, et le quadrilatère de sommets AA, BB, T′T' et TT est un rectangle. Chaque partie rectiligne mesure autant qu’un côté du triangle.

  3. π2+α+π2+φA=2π→φA=π−α\frac{\pi}{2} + \alpha + \frac{\pi}{2} + \varphi_A = 2\pi \rightarrow \dato{f}{\varphi_A = \pi - \alpha}

    Sur le tube de centre AA, la bande embrasse l’arc compris entre les points de contact des deux parties rectilignes qui y arrivent. Les rayons menés à ces points forment des angles droits avec les côtés ABAB et ACAC ; avec l’angle α\alpha du triangle en AA et l’angle au centre φA\varphi_A de l’arc, ils complètent un tour autour de AA, par la somme d’angles adjacents.

  4. r(π−α)+r(π−β)+r(π−γ)=r(3π−(α+β+γ))=r(3π−π)=2πrr(\pi - \alpha) + r(\pi - \beta) + r(\pi - \gamma) = r\left( 3\pi - \resaltar{(\alpha + \beta + \gamma)} \right) = r\left( 3\pi - \resaltar{\pi} \right) = \dato{a}{2\pi r}

    Il en va de même sur les deux autres tubes, avec les angles β\beta et γ\gamma du triangle. D’après le théorème de la longueur d’arc, les trois arcs ont pour somme ce qui est écrit ci-dessous, et comme les angles du triangle ont pour somme π\pi, ils forment ensemble un cercle complet ; ici chacun en est le tiers, car α=β=γ=π3\alpha = \beta = \gamma = \frac{\pi}{3}.

  5. L=6r+2πr,r=5→L=30+10πL = \resaltar{6r} + \resaltar{2\pi r}, \qquad r = 5 \rightarrow L = 30 + 10\pi

    La bande mesure la somme des parties rectilignes et des arcs. Le calcul des arcs n’utilise pas le fait que le triangle soit équilatéral : la partie courbe d’une bande tendue autour de trois tubes identiques fait toujours au total un cercle complet. Pour r=5r = 5, la bande mesure environ 61,4 cm.

Problème proposé 4Une roue qui avance par sauts

Une roue dentée tourne, à chaque saut, d’un angle de 150∘150^\circ dans le sens inverse des aiguilles d’une montre. Démontrer qu’elle revient pour la première fois à sa position initiale après 1212 sauts, et qu’au cours de ces sauts elle occupe 1212 positions distinctes. Généraliser : si chaque saut est une fraction pq\frac{p}{q} du tour, avec pp et qq premiers entre eux, combien de positions distinctes occupe-t-elle ?

Indice

D’après le lemme des angles coterminaux, les sauts jj et kk laissent la roue dans la même position si et seulement si 150(k−j)150(k - j) est un multiple de 360360, c’est-à-dire si 1212 divise 5(k−j)5(k - j). Utilise le fait que 55 et 1212 sont premiers entre eux, comme dans la leçon du cours I sur le plus grand commun diviseur et le plus petit commun multiple.

Réponse

Deux sauts donnent la même position si et seulement si leur différence est un multiple de 1212 ; en général, la roue occupe qq positions distinctes, et revient à la position initiale pour la première fois au saut qq.

Solution détaillée

Solution

  1. 150(k−j)=360m↔5(k−j)=12m,m∈Z150(k - j) = 360m \leftrightarrow \dato{c}{5(k - j) = 12m}, \quad m \in \mathbb{Z}

    Après kk sauts, la roue a tourné de 150k150k degrés. D’après le lemme des angles coterminaux, les sauts jj et kk la laissent dans la même position si et seulement si la différence des angles est un multiple entier d’un tour ; en divisant par 3030, la condition est que 5(k−j)5(k - j) soit un multiple de 1212.

  2. 60∣5(k−j)↔12∣k−j\resaltar{60 \mid 5(k - j)} \leftrightarrow \dato{d}{\resaltar{12 \mid k - j}}

    L’entier 5(k−j)5(k - j) est alors un multiple de 1212 et de 55, qui sont premiers entre eux ; d’après le lemme des multiples communs de la leçon du cours I sur le plus grand commun diviseur, c’est un multiple de 6060, et k−jk - j est un multiple de 1212. Réciproquement, si k−j=12tk - j = 12t, les angles diffèrent de 5t5t tours.

  3. 0≤j<k≤11→0<k−j<12,150⋅12=5⋅3600 \leq j < k \leq 11 \rightarrow 0 < k - j < 12, \qquad 150 \cdot \resaltar{12} = \resaltar{5 \cdot 360}

    Entre les sauts 00 et 1111, aucune différence n’est un multiple de 1212 : la roue occupe 1212 positions distinctes. Au saut 1212, elle a tourné de 1800∘1800^\circ, cinq tours complets, et revient pour la première fois à la position initiale ; à partir de là, elle répète les mêmes positions dans le même ordre.

  4. q∣p(k−j)↔q∣k−jq \mid p(k - j) \leftrightarrow \resaltar{q \mid k - j}

    En général, si chaque saut est la fraction pq\frac{p}{q} du tour, les sauts jj et kk donnent la même position si et seulement si p(k−j)q\frac{p(k - j)}{q} est entier, c’est-à-dire si qq divise p(k−j)p(k - j). Avec pp et qq premiers entre eux, le même lemme donne que pqpq divise p(k−j)p(k - j), et que qq divise k−jk - j : la roue occupe exactement qq positions et revient à la position initiale pour la première fois au saut qq. La fraction 150360=512\frac{150}{360} = \frac{5}{12} donne le cas traité plus haut.

Problème proposé 5Les aiguilles à angle droit

Démontrer qu’entre 12 h 00 et les 12 h 00 d’après (ces dernières exclues), les aiguilles d’une montre forment un angle droit exactement 2222 fois, et trouver ces instants.

Indice

Avec les notations du problème résolu 5, les aiguilles forment un angle droit quand la différence 330t330t est coterminale avec 90∘90^\circ ou avec 270∘270^\circ, c’est-à-dire quand 330t=90+180j330t = 90 + 180j pour un certain entier jj.

Réponse

Les instants sont donnés ci-dessous, en heures après 12 h 00, avec j=0,1,…,21j = 0, 1, \ldots, 21 ; le premier se situe vers 12 h 16, et parmi eux figurent 3 h 00 et 9 h 00.

t=3(2j+1)11t = \frac{3(2j + 1)}{11}
Solution détaillée

Solution

  1. αm−αh=360t−30t=330t\alpha_m - \alpha_h = 360t - 30t = \dato{d}{330t}

    Comme dans le problème résolu 5, au bout de tt heures, la grande aiguille a tourné de 360t360t degrés et la petite aiguille de 30t30t, dans le sens des aiguilles d’une montre depuis 12 h 00 ; la différence de leurs positions est de 330t330t degrés.

  2. 330t=90+360m∨330t=270+360m↔330t=90+180j,j∈Z330t = 90 + 360m \vee 330t = 270 + 360m \leftrightarrow \dato{e}{330t = 90 + 180j}, \quad j \in \mathbb{Z}

    Les aiguilles forment un angle droit si et seulement si cette différence est coterminale avec 90∘90^\circ ou avec 270∘270^\circ, c’est-à-dire si elle vaut 90+360m90 + 360m ou 270+360m270 + 360m pour un certain entier mm. Les deux familles réunies sont les nombres 90+180j90 + 180j : les valeurs paires de jj donnent la première et les valeurs impaires, la seconde.

  3. t=90+180j330=3(2j+1)11t = \frac{\resaltar{90 + 180j}}{\resaltar{330}} = \dato{t}{\frac{3(2j + 1)}{11}}

    En isolant tt et en simplifiant la fraction par 3030, on obtient les instants.

  4. 0≤3(2j+1)11<12↔0≤j≤21,j=5→t=3,j=16→t=90 \leq \frac{3(2j + 1)}{11} < 12 \leftrightarrow \resaltar{0 \leq j \leq 21}, \qquad j = 5 \rightarrow t = 3, \quad j = 16 \rightarrow t = 9

    La condition 0≤t<120 \leq t < 12 équivaut à 0≤2j+1<440 \leq 2j + 1 < 44, c’est-à-dire à 0≤j≤210 \leq j \leq 21 : il y a exactement 2222 instants, distincts car tt croît avec jj. Avec j=0j = 0 on obtient t=311t = \frac{3}{11}, environ 16 minutes et 22 secondes ; avec j=5j = 5 et j=16j = 16, 3 h 00 et 9 h 00. Les positions correspondantes de la petite aiguille, 90(2j+1)11\frac{90(2j + 1)}{11} degrés, sont réparties régulièrement sur le cadran.

Avec cette leçon, les angles sont mesurés et situés dans le plan. Dans la leçon qui vient après celle-ci, sur les rapports trigonométriques, les coordonnées du point P(θ)P(\theta) du cercle trigonométrique définiront le cosinus et le sinus de tout angle, et la réduction au premier tour et les angles coterminaux expliqueront leur périodicité.